CF1253E Antenna Coverage

CF1253E Antenna Coverage

题意:

现在有n个点,每个点的坐标为xi,以及一个范围值si,可以覆盖左右范围[xi-si,xi+si]
每次操作,可以花费代价1让第i个天线的si增加1,每个天线都可以进行多次操作。现在请问你最少需要花费多少代码,使得[1,m]内每个位置都被至少一个天线覆盖

题解:

参考题解
很奇妙的思路
我们设f[i]表示[1,i]被全部覆盖的最小花费,答案为fmf_{m}fm
首先引入一个新的点,坐标为0,这样f的初始值就是f[i]=i
这个点很重要,其保证了fi+1<=fi+1f_{i+1}<=f_{i}+1fi+1<=fi+1,f是单调上升的,且该点的引入并未影响答案,因为我们最后的答案是f[n],而在最左侧加入一个点,f[n]=n相当于是最差情况,所以不会影响答案
然后我们可以进行转移:
对于点i,我们找在i前面的区间[l,r],(r要小于i),此时r要扩展x=i-r[]才能覆盖i,l也要扩展x,那么i就可以通过坐标j-1=l-x-1来更新
如图
在这里插入图片描述
正确性证明可以看参考题解

代码:

#include <bits/stdc++.h>
#include <unordered_map>
#define debug(a, b) printf("%s = %d\n", a, b);
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int, int> PII;
clock_t startTime, endTime;
//Fe~Jozky
const ll INF_ll= 1e18;
const int INF_int= 0x3f3f3f3f;
void read(){};
template <typename _Tp, typename... _Tps> void read(_Tp& x, _Tps&... Ar)
{x= 0;char c= getchar();bool flag= 0;while (c < '0' || c > '9')flag|= (c == '-'), c= getchar();while (c >= '0' && c <= '9')x= (x << 3) + (x << 1) + (c ^ 48), c= getchar();if (flag)x= -x;read(Ar...);
}
template <typename T> inline void write(T x)
{if (x < 0) {x= ~(x - 1);putchar('-');}if (x > 9)write(x / 10);putchar(x % 10 + '0');
}
void rd_test()
{
#ifdef ONLINE_JUDGE
#elsestartTime = clock ();freopen("data.in", "r", stdin);
#endif
}
void Time_test()
{
#ifdef ONLINE_JUDGE
#elseendTime= clock();printf("\nRun Time:%lfs\n", (double)(endTime - startTime) / CLOCKS_PER_SEC);
#endif
}
const int maxn=100;
struct node{int x,s;
}a[maxn];
int f[200004];
int l[maxn];
int r[maxn];
int main()
{
//    rd_test();int n,m;read(n,m);for(int i=1;i<=n;i++){read(a[i].x,a[i].s);l[i]=a[i].x-a[i].s; r[i]=a[i].x+a[i].s;}for(int i=1;i<=m;i++)f[i]=i;for(int i=1;i<=m;i++){for(int j=1;j<=n;j++){if(l[j]<=i&&i<=r[j]){f[i]=f[i-1];break;}if(r[j]<i){int x=i-r[j];f[i]=min(f[max(0,l[j]-x-1)]+x,f[i]);}}}cout<<f[m];//Time_test();
}

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