前言
整体评价
手速场+模拟场，思路和解法都蛮直接的。
所以搞点活
-
如果T2，如果不固定左上角，批量查询某个点为左上角，求满足总和 ≤ k \le k ≤k的子矩阵个数
-
如果T2，如果不固定左上角，求总和 ≤ k \le k ≤k的子矩阵个数
-
如果T3, 数值不局限于0,1,2, 求最小操作数
A. 将元素分配到两个数组中 I
思路: 模拟
模拟即可，没啥可说的。
class Solution {public int[] resultArray(int[] nums) {List<Integer> r1 = new ArrayList<>(List.of(nums[0]));List<Integer> r2 = new ArrayList<>(List.of(nums[1]));for (int i = 2; i < nums.length; i++) {if (r1.get(r1.size() - 1) > r2.get(r2.size() - 1)) {r1.add(nums[i]);} else {r2.add(nums[i]);}}r1.addAll(r2);return r1.stream().mapToInt(Integer::valueOf).toArray();}
}
B. 元素和小于等于 k 的子矩阵的数目
思路: 二维前缀和 + 枚举
因为固定左上角，所以子矩阵的个数为 n ∗ m n * m n∗m
前缀和预处理, O ( n ∗ m ) O(n * m) O(n∗m)
枚举子矩阵为, O ( n ∗ m ) O(n * m) O(n∗m)
class Solution {public int countSubmatrices(int[][] grid, int k) {int h = grid.length, w = grid[0].length;long[][] pre = new long[h + 1][w + 1];for (int i = 0; i < h; i++) {for (int j = 0; j < w; j++) {pre[i + 1][j + 1] = pre[i + 1][j] + pre[i][j + 1] - pre[i][j] + grid[i][j];}}int res = 0;for (int i = 0; i < h; i++) {for (int j = 0; j < w; j++) {if (pre[i + 1][j + 1] <= k) {res ++;}}}return res;}
}
思考:
如果左上角并不固定，而且以任意点出发，求满足要求的子矩阵数？ 而且这个查询量不小？
那面对这个问题，该如何求解呢?
感觉一次查询，可以从 O ( n ∗ m ) 优化为 O ( n + m ) O(n * m) 优化为 O(n+m) O(n∗m)优化为O(n+m)，就是从右上点出发，逐渐收敛到左下。
C. 在矩阵上写出字母 Y 所需的最少操作次数
思路: 模拟 + 枚举组合
唯一可以增加难度的是，不限定数值范围
不过这也才基本的nlargest问题
class Solution {boolean isJudge(int y, int x, int n) {if (y == x && y <= n / 2) {return true;}if (y + x == n - 1 && y <= n / 2) {return true;}if (y >= n / 2 && x == n / 2) {return true;}return false;}public int minimumOperationsToWriteY(int[][] grid) {int n = grid.length;int[] ys = new int[3];int[] nys = new int[3];for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = 0; j < n; j++) {int id = grid[i][j];if (isJudge(i, j, n)) {ys[id]++;} else {nys[id]++;}}}// 枚举即可int res = n * n;int totYs = n/2 + n/2 + n/2 + 1;int totNys = n * n - totYs;for (int i = 0; i < 3; i++) {for (int j = 0; j < 3; j++) {if (i != j) {res = Math.min(res, (totYs - ys[i]) + (totNys - nys[j]));}}}return res;}}
D. 将元素分配到两个数组中 II
思路：离散化 + 树状数组
板子题，而且非常的直接
class Solution {static class BIT {int n;int[] arr;public BIT(int n) {this.n =n;this.arr = new int[n + 1];}int query(int p) {int res = 0;while (p > 0) {res += arr[p];p -= p & -p;}return res;}void update(int p, int d) {while (p <= n) {arr[p] += d;p += p & -p;}}}public int[] resultArray(int[] nums) {List<Integer> arr1 = new ArrayList<>(List.of(nums[0]));List<Integer> arr2 = new ArrayList<>(List.of(nums[1]));// 离散化过程TreeSet<Integer> ts = new TreeSet<>();for (int v: nums) ts.add(v);int ptr = 1;Map<Integer, Integer> idMap = new HashMap<>();for (var k: ts) {idMap.put(k, ptr++);}// 树状数组模拟过程BIT bit1 = new BIT(ptr);BIT bit2 = new BIT(ptr);bit1.update(idMap.get(nums[0]), 1);bit2.update(idMap.get(nums[1]), 1);for (int i = 2; i < nums.length; i++) {int v = nums[i];Integer k = idMap.get(v);int cnt1 = bit1.query(ptr) - bit1.query(k);int cnt2 = bit2.query(ptr) - bit2.query(k);if (cnt1 > cnt2 || (cnt1 == cnt2 && arr2.size() >= arr1.size())) {arr1.add(v);bit1.update(k, 1);} else {arr2.add(v);bit2.update(k, 1);} }arr1.addAll(arr2);return arr1.stream().mapToInt(Integer::valueOf).toArray();}
}
写在最后
