这道模拟题出的我毫无脾气2333
最重要的是先要发现操作顺序不影响最后的答案，也就是每次随便挑一个>=2的数进行操作最后总是可以得到同样的数列。
(这个还不太难想qwq)
但是最骚的是接下来的模拟。。。。
我们考虑从左到右消，假设目前在i，1~i-1的已经都消成了0或1。
可以发现无非就是一下几种情况：
1.a[i]<2，不用管它
2.i==1，那么就 a[i+1]+=a[i]/2, a[i] &=1.
3.左边都是1，这样的话推一推会发现，可以将一轮视为 a[1] = 0，a[i]-- ，a[i+1]++
4.左边是1，推一推会发现这样相当于让 最近的一个0右移一位，然后a[i]--, a[i+1]++
5.左边是0，直接算，a[i-1]++,a[i]-=2,a[i+1]++，会减少一个0位置
如果我们用一个栈记录一下从左到右0的位置，那么就可以很方面的做上面的操作了。
接下来是非常炫酷的复杂度分析！
1操作的复杂度是O(N)；
2操作的复杂度是 O(1)；
3操作的最多次数不到初始所有a[]的和(因为每操作一次总和就--)；
4操作可以优化成一次位移最大(也就是要么把a[i]减成<2的，要么把0移到i-1)，如果移到i-1然后再结合5操作的话它的次数 = 5操作的次数；否则因为a[i]<1了，扫描线会右移。所以这一部分的总次数 <= 2*n + 3操作的次数。
5操作每次会让栈的大小-1，所以最多次数 <= 3操作的次数 + n。
于是这个算法的复杂度是O(N) 的(并且算复杂度很多地方都是取的极限的情况，所以实际跑起来飞快)，非常的优秀 （雾
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=20000005;int a[N],n,s[N],tp;
char S[N];int main(){freopen("simulate.in","r",stdin);freopen("simulate.out","w",stdout);scanf("%s",S+1),n=strlen(S+1);for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=S[i]-'0';if(a[1]>=2) a[2]+=a[1]>>1,a[1]&=1;if(!a[1]) s[++tp]=1;for(int i=2,L;i<=n;i++){while(a[i]>=2)if(!tp) a[i+1]++,a[i]--,s[++tp]=1,a[1]=0;else if(s[tp]==i-1) a[i]-=2,a[s[tp]]=1,tp--,a[i+1]++;else{L=i-s[tp]-1;if(a[i]<=L) a[i+1]+=a[i]-1,a[s[tp]]=1,s[tp]+=a[i]-1,a[s[tp]]=0,a[i]=1;else a[i+1]+=L,a[s[tp]]=1,s[tp]+=L,a[s[tp]]=0,a[i]-=L;}if(!a[i]) s[++tp]=i;}for(int i=1;i<=n;i++) putchar(a[i]+'0');return 0;
}
