正题

题目链接:http://pjudge.ac/problem/21614

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题目大意

给出一张$n$个点$m$条边的一张图，有$k$个守卫，每个守卫都有一个点集$S$表示这个守卫可以被派遣到这个点集中的某个点，然后你可以选择一些边删除，要求使得每个点都恰好和一个守卫联通，要求留下的边的权值和最小。

$1\le n\le 300,1\le m\le \frac{n\times (n-1)}{2}$

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解题思路

首先最后的所有边肯定都是最小生成树上的边，我们可以先把最小生成树求出来。

然后我们考虑把最后有守卫的点集$S$拿出来建一棵虚树，那么假设存在一条边$x\leftrightarrow y$，那么原树$x,y$肯定不连通，也就是$x\leftrightarrow y$路径上肯定有一条边会被删除。

显然我们删除路径上权值最大的边是最优的，嗯考虑到这个最大的边，我们可以建一个Kruskal生成树来更好的考虑。

那么对于一个边化成的点，这条边如果产生贡献，当且仅当它的两棵子树中都有点有守卫。

考虑使用费用流解决这个问题，对于一个产生贡献的点，如果左右两边都有流量上来它就会产生贡献，并且会继承一个流量上去，否则如果有一个流量就直接继承上去。

那么建法就很简单了，对于这个点$x$建立$x\to t$流量$1$，费用$w$。$x\to f{a}_x$流量$1$，费用$0$。

并且对于每个根，我们都建立$x\to t$流量$1$，费用$inf$，并且在最后减去这些$inf$即可。这样我们求一个最大费用最大流就是对的了。因为Kruskal生成树的原因，深度越小的节点权值肯定越大，所以两个流量肯定会在它们的$LCA$处产生贡献（因为只能流一个上去）。

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code

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define ll long long
using namespace std;
const ll N=1500,inf=1e18;
struct node{ll x,y,w;
}e[N*N];
struct edge{ll to,next,w,c;
}a[N*20];
ll n,m,k,s,t,tot,ans,cnt,wr,fa[N];
ll ls[N],f[N],mf[N],pre[N];
bool v[N];queue<int> q;
bool cmp(node x,node y)
{return x.w<y.w;}
ll find(ll x)
{return (fa[x]==x)?x:(fa[x]=find(fa[x]));}
void addl(ll x,ll y,ll w,ll c){a[++tot].to=y;a[tot].next=ls[x];ls[x]=tot;a[tot].w=w;a[tot].c=c;a[++tot].to=x;a[tot].next=ls[y];ls[y]=tot;a[tot].w=0;a[tot].c=-c;return;
}
bool SPFA(){memset(f,0xcf,sizeof(f));q.push(s);f[s]=0;v[s]=1;mf[s]=inf;while(!q.empty()){ll x=q.front();q.pop();v[x]=0;for(ll i=ls[x];i;i=a[i].next){ll y=a[i].to;if(a[i].w&&f[x]+a[i].c>f[y]){f[y]=f[x]+a[i].c;pre[y]=i;mf[y]=min(mf[x],a[i].w);if(!v[y])q.push(y),v[y]=1;}}}return f[t]>-inf;
}
void Update(){ans+=mf[t]*f[t];ll x=t;wr+=mf[t];while(x!=s){a[pre[x]].w-=mf[t];a[pre[x]^1].w+=mf[t];x=a[pre[x]^1].to;}return;
}
signed main()
{scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&k);s=n*2+k+1;t=s+1;tot=1;for(ll i=1;i<=m;i++)scanf("%lld%lld%lld",&e[i].x,&e[i].y,&e[i].w);for(ll i=1;i<=n;i++)fa[i]=i;sort(e+1,e+1+m,cmp);cnt=n;ll sum=0;for(ll i=1;i<=m;i++){ll x=find(e[i].x),y=find(e[i].y);if(x==y)continue;fa[x]=fa[y]=++cnt;fa[cnt]=cnt;addl(x,cnt,1,0);addl(y,cnt,1,0);addl(cnt,t,1,e[i].w);sum+=e[i].w;}for(ll i=1;i<=cnt;i++)if(fa[i]==i)addl(i,t,1,1e9),sum+=1e9;for(ll i=1,r;i<=k;i++){scanf("%lld",&r);++cnt;addl(s,cnt,1,0);for(ll j=1,x;j<=r;j++)scanf("%lld",&x),addl(cnt,x,1,0);}while(SPFA())Update();sum-=ans;if(sum>=1e9||wr<k)return puts("-1")&0;printf("%lld\n",sum);return 0;
}