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题意：

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题解：

我们来考虑以下样例：1，1，2
我们先考虑1的贡献：如图(图中只花了)
2！表示还剩两个空位，还有两个数未填入，所以是2！个
对于n个数重复，考虑重复的情况就是：111…11（一共n个）* (n-1)! * sum
sum为Σa[i] * i，即每个数出现的次数 *这个数的总和
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然后考虑去重：
1，1，2所组成的重复情况有：
112，112
其中我用()括号来将1分号
1(1)1(2)2,1(2)1(1)2
也就是虽然这两个的1是不同贡献的，但是最终组成结果一样，所以要去掉，怎么去？在这个例子中除以2，因为有两个1重复了。那我们现在用1，1，1，2组成重复情况有：1112，1112，1112，1112，1112，1112，会发现有6个重复情况，因为三个1全排列有6种情况，所以我们除以6，也就是重复x次，就除以x!,注意除了1重复，2也有可能，所以每个数都要去除重复，我们设a[i]表示第i个数出现的次数所以就要除以(a[1]!*a[2]!..a[9]!)
总结答案就是：
ans=(11…111(一共n个1)) * (n-1) * sum/(a[1]!*a[2]!..a[9]!)
答案要取模

代码：

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N = 1e6 + 5;
const int mod = 1e9 + 7;
int fac[N], ifac[N];
int T[20];
typedef long long LL;int pow(int a, int b) {LL res = 1;for(;b;b >>= 1, a = (LL) a * a % mod) if (b & 1) res = res * a % mod;return res;
}int main() {int Max = 1000000;fac[0] = 1;for(int i = 1; i <= Max; ++ i) fac[i] = (LL)fac[i - 1] * i % mod;ifac[Max] = pow(fac[Max], mod - 2);for(int i = Max-1; i >= 0; -- i) ifac[i] = (LL)ifac[i + 1] * (i + 1) % mod;LL Sum = 0;int Count = 0;for(int i = 1; i <= 9; ++ i) {int temp;cin >> temp;T[i] = temp;Sum += i * temp;Count += T[i];} Sum %= mod;LL part_I = 0;for(int i = 1; i <= Count; ++ i) part_I = (part_I * 10 + 1) % mod;LL part_mul = fac[Count - 1];LL part_div = 1;for(int i = 1; i<= 9; ++ i)  part_div = part_div * ifac[T[i]] % mod;cout << (LL)Sum * part_I %mod * part_mul %mod * part_div % mod << endl;
}