用DFS和BFS分别实现

//这边给出DFS的模版
void dfs(int x,int y)
{//判断是否到达终点（只有给出结束点的时候需要） if (x == ex && y == ey) {if (min_steps > step) {min_steps = step;}return;}//给出移动方向int move[4][2] = {{0, 1}, {0, -1}, {1, 0}, {-1, 0}};//以当前的点为基础，开始搜索，搜索的路线为右遇到障碍物或者边界变成向下...... for (int i = 0; i < 4; ++i) {int tx = x + move[i][0], ty = y + move[i][1];if (tx < 0 || tx >= m || ty < 0 || ty >= n) continue;if (a[tx][ty] == 0 && v[tx][ty] == 0) {v[tx][ty] = 1;//走过的点打上标记，防止再走一遍 dfs(tx, ty, step + 1);v[tx][ty] = 0;//由于回溯的需要，需要接触标记，找下一条路径 }}return;	
} 

以下是完整的DFS代码

#include<bits/stdc++.h>
#define itn int
using namespace std;
int sx, sy, ex, ey;
int min_steps = 1000000;
int a[100][100];
int v[100][100];
int m, n;
void dfs(int x, int y, int step) {int move[4][2] = {{0, 1}, {0, -1}, {1, 0}, {-1, 0}};if (x == ex && y == ey) {if (min_steps > step) {min_steps = step;}return;}for (int i = 0; i < 4; ++i) {int tx = x + move[i][0], ty = y + move[i][1];if (tx < 0 || tx >= m || ty < 0 || ty >= n) continue;if (a[tx][ty] == 0 && v[tx][ty] == 0) {v[tx][ty] = 1;dfs(tx, ty, step + 1);v[tx][ty] = 0;}}return;
}
int main() {cin >> sx >> sy >> ex >> ey;cin >> m >> n;for (int i = 0; i < m; ++i) {for (int j = 0; j < n; ++j) {cin >> a[i][j];}}v[sx][sy] = 1; dfs(sx, sy, 0);  cout << "Minimum steps needed: " << min_steps << endl;return 0;
}

  BFS部分：

#include<bits/stdc++.h>
#define itn int
using namespace std;
struct Queue{int x;int y;int s;
};
int a[50][50];
int vis[50][50];
int main()
{struct Queue queue[2501];int sx,sy,ex,ey,n;int flag=0;cin>>sx>>sy>>ex>>ey>>n;for (int i=0;i<n;++i){for (int j=0;j<n;++j){cin>>a[i][j];}}int tail=0,head=0;queue[tail].x=sx,queue[tail].y=sy,queue[tail].s=0;int move[4][2] = {{0, 1}, {0, -1}, {1, 0}, {-1, 0}};while (head!=tail){int x=queue[head].x,y=queue[head].y;for (int i=0;i<=3;++i){int tx=x+move[i][0],ty=y+move[i][1];if (tx==ex && ty==ey){flag=1;break;}if (tx<0 || tx>=n || ty<0 || ty<=n) continue;if (a[tx][ty]==0 && vis[tx][ty]==0){vis[tx][ty]=1;queue[tail].x=tx;queue[tail].y=ty;queue[tail].s=queue[head].s+1;tail++;}}if (flag)break;head++;}cout<<queue[tail-1].s;
}

最大岛屿面积https://leetcode.cn/problems/max-area-of-island/description/

给你一个大小为 m x n 的二进制矩阵 grid 。

岛屿 是由一些相邻的 1 (代表土地) 构成的组合，这里的「相邻」要求两个 1 必须在 水平或者竖直的四个方向上 相邻。你可以假设 grid 的四个边缘都被 0（代表水）包围着。

岛屿的面积是岛上值为 1 的单元格的数目。

计算并返回 grid 中最大的岛屿面积。如果没有岛屿，则返回面积为 0 。

示例 1：

输入：grid = [[0,0,1,0,0,0,0,1,0,0,0,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,1,1,1,0,0,0],[0,1,1,0,1,0,0,0,0,0,0,0,0],[0,1,0,0,1,1,0,0,1,0,1,0,0],[0,1,0,0,1,1,0,0,1,1,1,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,1,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,1,1,1,0,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,1,1,0,0,0,0]]
输出：6
解释：答案不应该是 11 ，因为岛屿只能包含水平或垂直这四个方向上的 1 。

示例 2：

输入：grid = [[0,0,0,0,0,0,0,0]]
输出：0

提示：

• m == grid.length
• n == grid[i].length
• 1 <= m, n <= 50
• grid[i][j] 为 0 或 1

思路：套用搜索模版，找最大的岛屿的面积，只需要便利每一个岛的面积，然后定义一个最大值变量记录最大值就可以。

//BFS
struct Queue{int x;int y;
};
int vis[55][55];
int maxAreaOfIsland(int** grid, int gridSize, int* gridColSize) {struct Queue queue[1000000];int line=gridSize;int col=*gridColSize;int head=0,tail=0;int max=0;for (int i=0;i<line;++i){for (int j=0;j<col;++j){if (grid[i][j]==1){queue[tail].x=i;queue[tail].y=j;tail++;vis[i][j]=1;int sum=1;int move[4][2]={{0,1},{1,0},{0,-1},{-1,0}};while (head!=tail){int x=queue[head].x,y=queue[head].y;for (int k=0;k<=3;++k){int tx=x+move[k][0],ty=y+move[k][1];if (tx<0 || tx>=line || ty<0 || ty>=col)continue;if (grid[tx][ty]==1 && vis[tx][ty]==0){vis[tx][ty]=1;sum++;queue[tail].x=tx;queue[tail].y=ty;tail++;}}head++;}if (max<sum)max=sum;}   }}memset(vis, 0, sizeof(vis));return max;
}

//DFS
int line ,col;
int  dfs(int ** grid,int i,int j)
{if (i<0 || j>=col || i>=line || j<0 || grid[i][j]==0) return 0 ;grid[i][j]=0;return 1+dfs(grid,i+1,j)+dfs(grid,i-1,j)+dfs(grid,i,j+1)+dfs(grid,i,j-1);
}
int maxAreaOfIsland(int** grid, int gridSize, int* gridColSize) {line=gridSize;col=*gridColSize;int max=0;for (int i=0;i<line;++i){for (int j=0;j<col;++j){if (grid[i][j]==1){int sum=dfs(grid,i,j);if (sum>max)max=sum;}}}return max;
}

填涂颜色https://www.luogu.com.cn/problem/P1162

题目描述

由数字 00 组成的方阵中，有一任意形状的由数字 11 构成的闭合圈。现要求把闭合圈内的所有空间都填写成 22。例如：6×66×6 的方阵（�=6n=6），涂色前和涂色后的方阵如下：

如果从某个 00 出发，只向上下左右 44 个方向移动且仅经过其他 00 的情况下，无法到达方阵的边界，就认为这个 00 在闭合圈内。闭合圈不一定是环形的，可以是任意形状，但保证闭合圈内的 00 是连通的（两两之间可以相互到达）。

0 0 0 0 0 0
0 0 0 1 1 1
0 1 1 0 0 1
1 1 0 0 0 1
1 0 0 1 0 1
1 1 1 1 1 1

0 0 0 0 0 0
0 0 0 1 1 1
0 1 1 2 2 1
1 1 2 2 2 1
1 2 2 1 2 1
1 1 1 1 1 1

输入格式

每组测试数据第一行一个整数 �(1≤�≤30)n(1≤n≤30)。

接下来 �n 行，由 00 和 11 组成的 �×�n×n 的方阵。

方阵内只有一个闭合圈，圈内至少有一个 00。

输出格式

已经填好数字 22 的完整方阵。

输入输出样例

输入 #1复制

6
0 0 0 0 0 0
0 0 1 1 1 1
0 1 1 0 0 1
1 1 0 0 0 1
1 0 0 0 0 1
1 1 1 1 1 1

输出 #1复制

0 0 0 0 0 0
0 0 1 1 1 1
0 1 1 2 2 1
1 1 2 2 2 1
1 2 2 2 2 1
1 1 1 1 1 1

说明/提示

对于 100%100% 的数据，1≤�≤301≤n≤30。

思路：把1看作墙，遇到就停止搜索下去，但是要注意边界的情况，从边界开始搜索，那么剩下的0的是要变成2的。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[35][35],b[35][35];
int n;
void dfs(int x, int y)
{int move[4][2]={{0,1},{1,0},{0,-1},{-1,0}};for (int i=0;i<=3;++i){int tx=x+move[i][0],ty=y+move[i][1];if (tx<0 || tx>=n || ty<0 ||ty>=n)continue;if (a[tx][ty]==0 && b[tx][ty]==0){b[tx][ty]=1;dfs(tx,ty);}}return ;
}
int main()
{cin>>n;for (int i=0;i<n;++i){for (int j=0;j<n;++j){cin>>a[i][j];}}for (int i=0;i<n;++i){if (a[i][0]==0)dfs(i,0);if (a[0][i]==0)dfs(0,i);if (a[i][n-1]==0)dfs(i,n-1);if (a[n-1][i]==0)dfs(n-1,i);}for (int i=0;i<n;++i){for (int j=0;j<n;++j){if (b[i][j]==0 && a[i][j]==0){a[i][j]=2;}}}for (int i=0;i<n;++i){for (int j=0;j<n;++j){cout<<a[i][j]<<" ";}cout<<endl;}return 0;
}

自然数的拆分问题https://www.luogu.com.cn/problem/P2404

题目描述

任何一个大于 11 的自然数 �n，总可以拆分成若干个小于 �n 的自然数之和。现在给你一个自然数 �n，要求你求出 �n 的拆分成一些数字的和。每个拆分后的序列中的数字从小到大排序。然后你需要输出这些序列，其中字典序小的序列需要优先输出。

输入格式

输入：待拆分的自然数 �n。

输出格式

输出：若干数的加法式子。

输入输出样例

输入 #1复制

7

输出 #1复制

1+1+1+1+1+1+1
1+1+1+1+1+2
1+1+1+1+3
1+1+1+2+2
1+1+1+4
1+1+2+3
1+1+5
1+2+2+2
1+2+4
1+3+3
1+6
2+2+3
2+5
3+4

说明/提示

数据保证，2≤�≤82≤n≤8。

思路：主要掌握回溯的用法

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[35];
int n;
void dfs(int sum, int len, int last) {if (sum == n &&len!=1) {for (int j = 0; j < len - 1; ++j) {cout << a[j] << "+";}cout << a[len - 1] << endl;return;}for (int i = last; i <= n - sum; ++i) {a[len] = i;dfs(sum + i, len + 1, i); }
}int main() {cin >> n;dfs(0, 0, 1);return 0;
}