HDnoip2017题解

那么，作为一名初入信息竞赛的选手，我也试着开始用博客记录自己的学习历程，那么这篇文章先简单介绍一下我自己吧。

本人开始学习信息学大概以来，主要都是用的C++，所以对其他语言并不是十分熟悉。2016我还只是一名NOIP普及组的选手，水掉一个一等奖后美滋滋继续往下学。最近刚刚搞完今年HDNIOIP提高组前，听同学说最后一道题是省选第二题的难度后我懵逼了（由于最近刚比完如果想要题解可以搜索“xjr01”， hdNOIP2017 题解 -> " http://www.cnblogs.com/xiao-ju-ruo-xjr/ "），其实第一篇文章也不知道写什么,那就胡乱写一下普及组的题解吧（无聊）。

那么首先来看第一题

无脑暴力，哈希前缀和什么的随便写，就不解释了。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#define LL long long
#define M 2020
using namespace std;
int n,m,k,a[M],ans,x,y,tmp;
int need(int x){if(x%k==0) return x/k;return x/k+1;
}
int main(){scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);for(int i=1;i<=m;i++){scanf("%d%d",&x,&y);a[x]++;a[y]--;}for(int i=1;i<=n+1;i++){tmp+=a[i];ans=max(ans,need(tmp));}ans=min(ans,need(m));printf("%d",ans);return 0;
}

第二题，一个简单的动态规划

设 f [ i ][ j ][ 0 ]表示时刻 i 时耗费了 j 的体力来到a树，f [ i ][ j ][ 1 ]表示时刻 i 时耗费了 j 的体力来到b树。

转移：

f [ i ][ j ][ 1 ]可以从 f [ i-1 ][ j-2 ][ 0 ]和 f [ i-1 ][ j ][ 1 ]转移

f [ i ][ j ][ 0 ]可以从 f [ i-1 ][ j-1 ][ 1 ]和 f [ i-1 ][ j ][ 0 ]转移

（至于为什么你们自己想）

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#define LL long long
#define M 300
using namespace std;
int n,m,f[M][M][2],x,a[M],b[M],ans;
int main(){scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&a[i]);}for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&b[i]);}f[1][0][0]=a[1];f[1][0][1]=b[1];for(int i=2;i<=n;i++){for(int j=0;j<=m;j++){f[i][j][0]=f[i-1][j][0];f[i][j][1]=f[i-1][j][1];if(j>1) f[i][j][1]=max(f[i-1][j-2][0],f[i][j][1]);if(j>0) f[i][j][0]=max(f[i-1][j-1][1],f[i][j][0]);f[i][j][0]+=a[i];f[i][j][1]+=b[i];}}for(int i=0;i<=m;i++){ans=max(ans,max(f[n][i][0],f[n][i][1]));}printf("%d",ans);return 0;
}

然后是第三题

第三题大概是比较复杂的一道题了，关键就在于如何处理全排列的序号。
这道题一共分为两部分

第一部分，将给定的全排列转化成全排列的序号。

首先对于一个k，他的全排列一共有k!（k的阶乘）种排列。

设置一个变量 cnt=0，s[n]存储这个排列；

对于第 i 位，若有 k 个 j 满足： i < j <= n 且 s[ j ] > s[ i ]，则我们需要将 cnt 加上 ( n - i )！* k。

为什么呢？对于某一个长为 N 的排列 , 一共分为 N 个部分，第 i 个部分是以第 i 小的数为开头的排列，且这N个部分都有（N-1）!个排列。

也就是说，我们对于每一位，从这一位到结尾都看做一个未离散化的排列（依靠每一个数的大小关系把他们看做一个不是很严谨的排列），然后求这个排列在这些数“全排列”中的哪个部分，也就求得了需要从0向后跳个部分才能达到当前的部分。

这样我们就求得了给出序列的序号（编号）

我们将m加上cnt，得到k，就得到了最后应该输出的排列的编号。

第二部分，输出给定编号的全排列。

读到这里，你应该已经明白了，对于第 i 位，我们只要用 k 除以（n-i）的阶乘，就知道这个序列应该是位于第m个部分，然后输出在剩余的未输出过的数中第m小的数即可

所以说，我们只需要一个阶乘的预处理，然后瞎搞就好了。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#define LL long long
#define M
using namespace std;
LL n,m,s[22],p[22];
bool f[22];
LL cnt(LL x){LL co=0;for(LL i=x+1;i<=n;i++){if(p[i]<p[x]) co++;}return co;
}
LL check(LL x){LL co=0;for(LL i=1;i<=n;i++){if(f[i]) continue;co++;if(co==x){f[i]=true;return i;}}return -1;//这句话毫无意义
}
int main(){s[0]=1;scanf("%lld%lld",&n,&m);memset(f,true,sizeof(f));for(LL i=1;i<=n;i++) s[i]=s[i-1]*i;for(LL i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&p[i]),f[i]=false;for(LL i=1;i<=n;i++){m+=cnt(i)*s[n-i];}for(LL i=1;i<=n;i++){if(i>1) printf(" ");printf("%lld",check(m/s[n-i]+1));m%=s[n-i];}return 0;
}

第四道题，是一个特殊的二叉树，数字由于n<=10,我就只写了一个比较好些的但是比较慢的程序。

这个程序大概是这样，由于在先序遍历中，子节点一定在父节点后才出现，每一个节点的右子节点（如果有的话）总在它父节点的左子节点后出现，所以我只是暴力建树，枚举每个点的父节点，建完树之后用中序遍历检验建的这棵树是否正确即可，如果即可，再直接递归的计算。

然而，万万没想到，我最后还是栽了一个点应为这道题有^的操作（这里的^是指次方，而不是异或）,我这里就暂时不写高精度了。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<stack>
#define LL long long
#define M 20
using namespace std;
LL n,m,p[M],f[M],l[M],r[M],c[M],cnt;
string a,b;bool isd(char x){if(x>='0'&&x<='9') return true;return false;
}
int take(char x){if(isd(x)) return x-'0';if(x=='+') return -1;if(x=='-') return -2;if(x=='*') return -3;return -4;
}
bool search(LL x){if(p[x]>=0){cnt++;if(p[x]==c[cnt]) return true;return false;}if(l[x]==0||r[x]==0) return false;if(!search(l[x])) return false;cnt++;if(p[x]!=c[cnt]) return false;if(!search(r[x])) return false;return true; 
}
LL pow(LL x,LL y){if(y==0) return 1;return x*pow(x,y-1);
}
LL calc(LL x){if(p[x]>=0) return p[x];if(p[x]==-1) return calc(l[x])+calc(r[x]);if(p[x]==-2) return calc(l[x])-calc(r[x]);if(p[x]==-3) return calc(l[x])*calc(r[x]);return pow(calc(l[x]),calc(r[x])); 
} 
void dfs(LL x){if(x==n+1){cnt=0;if(search(1)){printf("%lld",calc(1));exit(0);}return;}for(LL i=x-1;i>0;i--){if(p[i]>=0) continue;if(l[i]==0){l[i]=x,f[x]=i;dfs(x+1);l[i]=0,f[x]=0;}else if(r[i]==0){r[i]=x,f[x]=i;dfs(x+1);r[i]=0,f[x]=0;}}
}
int main(){scanf("%lld",&n);cin>>a;cin>>b;f[1]=1;f[2]=1;for(LL i=1;i<=n;i++){p[i]=take(a[i-1]);c[i]=take(b[i-1]);}dfs(2);return 0;
}