题目链接
\(Description\)
给定n个模式串，多次询问一个串在多少个模式串中出现过。(字符集为26个小写字母)
\(Solution\)
对每个询问串进行匹配最终会达到一个节点，我们需要得到这个节点所代表的子串出现在多少个模式串中。
建立广义后缀自动机。每次插入一个串，从root开始，对于SAM上每个节点维护cnt和bef，分别表示该节点代表的串出现在几个模式串中 和 该节点最近被哪个模式串更新过cnt。
对于bef[i]!=now的节点，++cnt[i],bef[i]=now；当模式串now下次匹配到当前节点时则不再更新。
另外，如果匹配了当前节点i那么一定会匹配上fa[i],fa[fa[i]]...如果它们的bef[]!=now，则都更新一遍。直到有个节点p满足bef[p]==now，那么就不需要再向上更新了（再往上已经更新过了）。(这个在insert后用np更新就可以啊)
这个暴力跳的复杂度可能是\(O(n\sqrt n)\)的，但是很难卡满（广义SAM上一个点暴力跳fa的次数是\(O(\sqrt n)\)的，具体见这里）。
有一种离线+DFS序+树状数组的做法可以做到\(\log n\)。（注意广义SAM应该要像这题那么建）
但事实上这题还有个剪枝（bef[np]==now），广义SAM上情况比较复杂我也不知道真正的复杂度是啥。。
注意新建nq时 bef[nq],cnt[nq]也要复制(=...[q])。
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#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define gc() getchar()
const int N=2e5+5;struct Suffix_Automaton
{int las,tot,fa[N],son[N][26],len[N],cnt[N],bef[N];char s[360005];void Init(){las=tot=1;}void Insert(int now,int c){int p=las,np=++tot; len[las=np]=len[p]+1;for(; p&&!son[p][c]; p=fa[p]) son[p][c]=np;if(!p) fa[np]=1;else{int q=son[p][c];if(len[q]==len[p]+1) fa[np]=q;else{int nq=++tot;len[nq]=len[p]+1, bef[nq]=bef[q], cnt[nq]=cnt[q];//!memcpy(son[nq],son[q],sizeof son[q]);fa[nq]=fa[q], fa[q]=fa[np]=nq;for(; son[p][c]==q; p=fa[p]) son[p][c]=nq;}}for(; bef[np]!=now&&np; np=fa[np])++cnt[np], bef[np]=now;}void Build(int now){las=1, scanf("%s",s);for(int i=0,l=strlen(s); i<l; ++i)Insert(now,s[i]-'a');}void Query(){int p=1; scanf("%s",s);for(int i=0,l=strlen(s); i<l&&p; ++i)p=son[p][s[i]-'a'];printf("%d\n",cnt[p]);}
}sam;int main()
{int n,Q; scanf("%d%d",&n,&Q); sam.Init();for(int i=1; i<=n; ++i) sam.Build(i);while(Q--) sam.Query();return 0;
}
