I love max and multiply HDU - 6971

题意：

数组a和b，现在构造一个数组c，使得c[k]=max(a[i] * b[j]) , i&j>=k
求数组c的和

题解：

我们可以考虑求出所有Dk=max(Ai * Bj)并满足i&j=k，然后再从后向前取，但是i&j=k不好求，那就改成Dk=max(Ai * Bj),满足k∈i&j
k∈i&j，我们可以分别求k∈i和k∈j的情况
就比如：
k = 1010，k∈i&j，
i&j可以是：
1010
1011
1110
1111
那么我们就让i和j分别取这几个值求最大值，因为题目中存在负数，负数乘负数可能值更大，所以我们同时记录Ai和Bj的最大值和最小值
在代码实现中，当我们循环到1010，我们就将其值赋给其子集，这样就实现了k属于i&j
最后记得从后向前取最大(为什么还要这步呢？就比如k=1010，我们当前得到的最大值是1010所属于的集合，但是有些集合大于k但是k不属于，如果i<j,那么j的集合一定大于i，所以j的集合也是满足i的条件的，反之不一定，所以倒着赋值)

代码：

#include<bits/stdc++.h> 
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int,int> PII;const int N=1000010,mod=998244353,INF=0x3f3f3f3f;
const double eps=1e-6;int n;
int a[N],b[N];
LL mx1[N],mx2[N],mi1[N],mi2[N],c[N];
void solve(){scanf("%d",&n);for(int i=0;i<n;i++) scanf("%d",&a[i]);for(int i=0;i<n;i++) scanf("%d",&b[i]);int all=(int)log2(n)+1;for(int i=0;i<1<<all;i++) {mx1[i]=mx2[i]=-INF;mi1[i]=mi2[i]=INF;c[i]=-1e18;}for(int i=0;i<n;i++) mx1[i]=mi1[i]=a[i];for(int i=0;i<n;i++) mx2[i]=mi2[i]=b[i];for(int i=0;i<all;i++) {for(int j=0;j<1<<all;j++) {if(j>>i&1) {mx1[j^(1<<i)]=max(mx1[j^(1<<i)],mx1[j]);}}}for(int i=0;i<all;i++) {for(int j=0;j<1<<all;j++) {if(j>>i&1) {mi1[j^(1<<i)]=min(mx1[j^(1<<i)],mx1[j]);}}}for(int i=0;i<all;i++) {for(int j=0;j<1<<all;j++) {if(j>>i&1) {mx2[j^(1<<i)]=max(mx2[j^(1<<i)],mx2[j]);}}}for(int i=0;i<all;i++) {for(int j=0;j<1<<all;j++) {if(j>>i&1) {mi2[j^(1<<i)]=min(mi2[j^(1<<i)],mi2[j]);}}}LL now=1ll*INF*INF;for(int i=0;i<n;i++) {if(mx1[i]!=INF&&mx2[i]!=INF) c[i]=max(c[i],mx1[i]*mx2[i]);if(mi1[i]!=-INF&&mi2[i]!=-INF) c[i]=max(c[i],mi1[i]*mi2[i]); if(mx1[i]!=INF&&mi2[i]!=-INF) c[i]=max(c[i],mx1[i]*mi2[i]);if(mi1[i]!=-INF&&mx2[i]!=INF) c[i]=max(c[i],mi1[i]*mx2[i]);}for(int i=n-2;i>=0;i--) c[i]=max(c[i],c[i+1]);LL ans=0;for(int i=0;i<n;i++) ans+=c[i]%mod,ans+=mod,ans%=mod;printf("%lld\n",ans);
}
int main()
{int T; scanf("%d",&T);while(T--) {solve();	}return 0;
}