目录
- 搜索算法(深度优先搜索DFS和广度优先搜索BFS)以及典型算法例题
- 深度优先搜索 (Depth First Search 简称 DFS)
- DFS 的设计步骤
- 深度优先搜索(DFS)算法例题
- 例题一:N皇后问题
- 例题二:路径之谜问题
- 例题三:最大数字
- 广度优先搜索(Breadth First Search 简称 BFS)
- 广度优先搜索基本概念
- 广度优先搜索(BFS)算法例题
- 例题一:长草问题
- 例题二:走迷宫问题
【数据结构与算法】系列文章链接: 【数据结构与算法】递推法和递归法解题(递归递推算法典型例题)
【数据结构与算法】系列文章链接: 【数据结构与算法】C++的STL模板(迭代器iterator、容器vector、队列queue、集合set、映射map)以及算法例题
【数据结构与算法】系列文章链接: 【数据结构与算法】二分查找算法
搜索算法(深度优先搜索DFS和广度优先搜索BFS)以及典型算法例题
深度优先搜索 (Depth First Search 简称 DFS)
注意:深度优先搜索算法(DFS)的时间复杂度较高,深度优先搜索是 O(n!) 的阶乘级算法,它的效率非常低,在数据规模变大时,此算法就难以解决当前的问题了。
DFS 的设计步骤
- 确定题目的状态以及边界
- 确定状态的转移方式
- 找到问题的出口,计数或某个状态
- 设计搜索
DFS的通用模板
int check(这里输入相关参数){if(condition)//括号中写上对应的满足条件return 1;//满足条件后输出 1 return 0;
}
bool pd(输入判断的相关参数){//根据题中 进行具体的操作
}void dfs(int step)
{//判断边界pd(){//不在边界内,即回溯}//尝试每一种可能{//满足check条件//标记//继续下一步dfs(step+1);//恢复初始状态(回溯的时候要用到)}
}
深度优先搜索(DFS)算法例题
例题一:N皇后问题
输入示例:
5
输出示例:
10
题目分析:
- 第一步:
设:当前行为第一行,当前列为第一列,从第一列开始搜索,即只能让皇后从第一行放到第n行。
这样做的好处是,我们不需要去判断皇后是否同行,我们只需要去判断皇后是否在斜线和是否同列就行。 - 判断边界
在当前行,当前列的位置上判断是否满足条件(也就是保证经过这一点的行,列与斜线上都没有两个皇后),如果不满足,跳到第五步(不符合边界条件)
判断条件为:
我们使用数值x[a]=i
来表示第a个皇后的位置在第a行的第i列。
判断是否同列的方法是:循环判断x[a]==x[i]
是否为真。
判断是否在同一斜线上的方法:循环判断abs(x[k]-x[i]) == abs(k-i)
是否为真 - 搜索过程
调用check()
函数
如果完成(满足)题意的任务 加一,就继续调用函数 放下一个皇后 check()
函数
如果搜索到第N+1行的时候。求得结果 (可行方案数量)记录加一。- 当前位置不满足,进行回溯。
边界判断函数PD(int k)
判断是否越界:
int PD(int k)//边界判断
{for(int i=1; i<k; i++){if(abs(k-i)==abs(x[k]-x[i]))return 0;else if (x[k]==x[i])return 0;//即判断是否符合条件来放,i表示皇后所在的行数,x[i]表示所在的列数,//所以前面那个条件用来判断两个皇后是否在对角线上,后面用来判断是否在同一列上。//行数不需要判断,因为他们本身的i就代表的是行数}return 1;
}
检查是否完成题中任务的函数check(int a)
:
bool check(int a)
{if(a>n)sum++;elsereturn 0;return 1;
}
深度优先搜索的函数 DFS(int a)
:
void DFS(int a)
{if(check(a))return ;elsefor(int i=1; i<=n; i++){x[a]=i;//第a个皇后放的列数if(PD(a))//判断是否能放这步DFS(a+1);//能的话进行下一个皇后的放置x[a]=i;else continue ;//不能就下一列}
}
题解代码示例:
#include <iostream>
#include <cstdio>
using namespace std;
int x[15] = {0};//数组稍微建立大一点 防止某些不影响结果的越界报错
int sum,n;//int PD(int k)//边界判断
{for(int i=1; i<k; i++){if(abs(k-i)==abs(x[k]-x[i]))return 0;else if (x[k]==x[i])return 0;//即判断是否符合条件来放,i表示皇后所在的行数,x[i]表示所在的列数,//所以前面那个条件用来判断两个皇后是否在对角线上,后面用来判断是否在同一列上。//行数不需要判断,因为他们本身的i就代表的是行数}return 1;
}//检查
bool check(int a)
{if(a>n)sum++;elsereturn 0;return 1;
}void DFS(int a)
{if(check(a))return ;elsefor(int i=1; i<=n; i++){x[a]=i;//第a个皇后放的列数if(PD(a))//判断是否能放这步DFS(a+1);//能的话进行下一个皇后的放置x[a]=i;else continue ;//不能就下一列}
}
int main()
{cin>>n;//表示几个皇后DFS(1);//每次都从第一个皇后开始cout<<sum<<endl;return 0;
}
例题二:路径之谜问题
输入示例:
4
2 4 3 4
4 3 3 3
输出示例;
0 4 5 1 2 3 7 11 10 9 13 14 15
题目分析:
方法一:采用逆推法,逆向思维,从终点开始走,每走一格拔下来一个箭(采用方法一 判断条件方便)
方法二:走一格射两个箭。
-
设当前位置为第一行,当前列为第一列从左上角开始搜索(寻路)。
-
判断边界:
在当前行,当前列的位置上判断是否满足条件,若不满足条件跳到第五步。
判断条件:
flag[x][y]==1
标记数组已经被走过
x<1 || x>n || y<1 || y>n
分别表示从左侧走出方格、从右侧走出方格、从上出走出方格、从下处走出方格
col[x]<=0
箭用完了
rol[y]<=0
箭用完了 -
搜索过程
调用check()
函数。判断是否走到终点,如果走到终点是否完成任务 -
check()
函数:
如果当搜索到x=n,y=n时,且箭靶上的箭都没了 -
在当前位置上不满足条件的情况,进行回溯,并且还原现场。
check()函数
:判断是否走到终点,如果走到终点是否完成任务
bool check(int x, int y) //判断走过的路径的箭靶数是否与目标相同
{if(x==n && y==n)//走到了终点 {for(int i=1; i<=n; i++){//判断每一列是否为零 if(col[i]!=0){return false;}//如果箭靶上的数目不为0,根据逆推,我们通过当前路径得不到箭靶上的结果}for(int i=1; i<=n; i++){//判断每一行是否为零if(rol[i]!=0){return false;}//如果箭靶上的数目不为0,根据逆推,我们通过当前路径得不到箭靶上的结果}//如果都为零了 就说明这条路对了 然后把这条路线输出出来for(int i=0; i<res.size(); i++){int x=res[i].first;//x 轴坐标int y=res[i].second;//y 轴坐标int sum=n*(x-1)+y-1 ;// 通过计算的到为题目要求的坐标系cout <<sum<< " ";}cout << endl;return false;// 成功终止}//没走到终点return true; //继续搜索//关于终止还是继续我们交给判定即可
}
判断是否超出边界的函数pd()
:
//边缘判断条件
bool pd(int x2,int y2) //边界判断
{if(flag[x2][y2]==1)return 0;//已被走过,不能再走,超出边界else if(x2<1)return 0;//从左侧走出方格else if(x2>n)return 0;//从右侧走出方格else if(y2<1)return 0;//从上侧走出方格else if(y2>n)return 0;//从下侧走出方格//剪枝else if(col[x2]<=0)return 0;//没走到右下角,箭用完了else if(rol[y2]<=0)return 0;//没走到右下角,箭用完了else return 1;//符合边界条件,可以继续执行搜索
}
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;struct PII
{int first;//x坐标int second;//y坐标
};const int N = 30;
int rol[N];//行 也就是y轴
int col[N];//列 也就是x轴
int n;//格子数 长宽从1到n
bool flag[N][N]; //用来标记是否走过
vector<PII> res;////---------图的路径搜索常用方向移动表示-------int dx[4]= {0,1,-1,0};
int dy[4]= {1,0,0,-1};
//我们做一下约定:
// 两两组合形成上下左右四个方向
// 1------------------> x
// |
// |
// |
// |
// |
// |
// |
// ↓
// y// dx[0]=0 dy[0]=1 那么代表向下的方向
// dx[1]=1 dy[1]=0 那么代表向右的方向
// dx[2]=-1 dy[0]=0 那么代表向左的方向
// dx[3]=0 dy[1]=-1 那么代表向上的方向//--------------------------------------------bool check(int x, int y) //判断走过的路径的箭靶数是否与目标相同
{if(x==n && y==n)//走到了终点 {for(int i=1; i<=n; i++){//判断每一列是否为零 if(col[i]!=0){return false;}//如果箭靶上的数目不为0,根据逆推,我们通过当前路径得不到箭靶上的结果}for(int i=1; i<=n; i++){//判断每一行是否为零if(rol[i]!=0){return false;}//如果箭靶上的数目不为0,根据逆推,我们通过当前路径得不到箭靶上的结果}//如果都为零了 就说明这条路对了 然后把这条路线输出出来for(int i=0; i<res.size(); i++){int x=res[i].first;//x 轴坐标int y=res[i].second;//y 轴坐标int sum=n*(x-1)+y-1 ;// 通过计算的到为题目要求的坐标系cout <<sum<< " ";}cout << endl;return false;// 成功终止}//没走到终点return true; //继续搜索//关于终止还是继续我们交给判定即可
}//边缘判断条件
bool pd(int x2,int y2) //边界判断
{if(flag[x2][y2]==1)return 0;//已被走过,不能再走,超出边界else if(x2<1)return 0;//从左侧走出方格else if(x2>n)return 0;//从右侧走出方格else if(y2<1)return 0;//从上侧走出方格else if(y2>n)return 0;//从下侧走出方格//剪枝else if(col[x2]<=0)return 0;//没走到右下角,箭用完了else if(rol[y2]<=0)return 0;//没走到右下角,箭用完了else return 1;//符合边界条件,可以继续执行搜索
}void dfs(int x,int y)
{if(!check(x,y)){return ;//包含不符合规则的地方,回溯,用于剪枝}else{for(int i=0; i<4; i++){int xt=dx[i]+x;int yt=dy[i]+y;if(!pd(xt,yt)){continue ;//不符合要求继续换方向搜索}else{//因为要进行位置转移,我们给它起个名字,叫作案现场//比如向下移动flag[xt][yt]=true;col[xt]--;rol[yt]--;res.push_back({xt,yt});dfs(xt,yt);//搜索回溯后,因为没有找到正确答案,所以要回复作案现场,返回到搜索之前res.pop_back();flag[xt][yt]=false;col[xt]++;rol[yt]++;}}}
}int main()
{cin >> n;for(int i=1; i<=n; i++)cin >> rol[i];for(int i=1; i<=n; i++)cin >> col[i];flag[1][1]=true;col[1]--;//先拔一根箭rol[1]--;//先拔一根箭res.push_back({1,1});dfs(1,1);return 0;
}
例题三:最大数字
输入样例:
123 1 2
输出样例:
933
题目分析:
从左到右以此判断,从左边开始枚举。处理的时候的目的就是保证当前正在处理的数尽可能的变大。
使用的时候对于一个数要么使用方法一,要么使用方法二,因为它们是抵消的效果。
对于一个数字:
**操作二的使用情况:**如果这个数大于m(操作二的最大执行次数),那么就没必要执行操作二了,这样反而让这个数据更小。因此执行操作二的条件是:x<m
.
**操作一的使用情况:**如果这个数据x>=m
我们就执行操作一,一直加尽量加到9,那么需要进行 9-x
次 操作一。当然可能此时 1 号操作并不足以让我们将 x 变成 9,但我们还是使用剩余的全部的次数将其变大,也就是变为x+t
。因此,本次使用了操作一的次数为t=min(n,9-x)
.
题解代码示例:
#include<iostream>
#include<vector>
using namespace std;
typedef long long LL;char c[20];
LL ans=0;//n:1号操作剩余次数 m:2号操作剩余次数
int n,m;
void dfs(int i,LL v){//从左往右 int x=c[i]-'0';//数据转化 if(c[i]){//检查 c[i] 是否存在且不为空字符 //应该使用的操作次数int t=min(n,9-x);n-=t;dfs(i+1,v*10+x+t);//递归调用//回溯n+=t;//考虑操作2是否能够使用//目的是减小到9 if(m>x){//只有在m>x 的情况下才使用m-=(x+1);dfs(i+1,v*10+9);//递归调用//回溯m+=(x+1);}}else{//答案取maxans=max(ans,v);}
}
int main()
{scanf("%s%d%d",c,&n,&m);dfs(0,0);printf("%lld\n",ans);return 0;
}
方法二:(方法二存在样例不通过的情况 )
#include<iostream>
#include<vector>
using namespace std;
typedef long long LL;char c[20];
LL ans=0;//n:1号操作剩余次数 m:2号操作剩余次数
int n,m;
void find_max(int i,LL v){//从左往右 int x;//数据转化 int t;//用的是字符串 '\0' while(c[i]){//检查 c[i] 是否存在且不为空字符 x=c[i]-'0';//转换数字if(m<=x){//如果这个数 大于或等于 减一的操作次数 //应该使用的操作次数t=min(n,9-x);//n-=t;v=v*10+x+t;//记录下来 x+t 加完后的数 i++;ans=max(ans,v);}//考虑操作2是否能够使用//目的是减小到9 else{v=v*10+9;m-=(x+1);i++;ans=max(ans,v);}}}
int main()
{scanf("%s%d%d",c,&n,&m);find_max(0,0);printf("%lld\n",ans);return 0;
}
广度优先搜索(Breadth First Search 简称 BFS)
广度优先搜索(Breadth First Search,简称BFS):从某个状态开始,将所有节点加入一个先进先出的队列,然后一层层进行状态转移,并且展开节点。
广度优先搜索基本概念
伪代码:
int check(参数)
{if(满足条件)return 1;return 0;
}
bool pd(参数){相应操作
}
void bfs()
{1. 把根节点放入队列尾端2. 每次从队列中取出一个节点3. Check 判断是不是答案,如果是结束算法 return;4. 把当前取出的节点扩展,如果扩展后的节点经Pd()后符合要求,就放入队列,不符合就不放。5. 转到步骤2,循环执行
}如果所有节点被扩展完了,没有找到答案就无解。
广度优先搜索(BFS)算法例题
例题一:长草问题
输入示例:
4 5
.g...
.....
..g..
.....
2
输出示例:
gggg.
gggg.
ggggg
.ggg.
解题思路:使用 N × M N×M N×M 的矩阵来表示草地。
- 将字母g的位置加入队列
- 判断边界:
判断是否长草,是否超出范围 - 搜索
不断从队列中取出一个节点,进行上下左右的扩展,执行2的判断边界条件,符合的就放入队列,不符合就跳过。
执行K次扩展,输出草地状态 check()
函数:
本题输出最终状态 因此不用这个函数
在广度优先搜索(BFS)中,我们通常需要对队列中的节点进行扩展,也就是对当前节点的邻居节点进行处理。处理完一个节点后,我们应该将其从队列中移除,以避免重复处理相同的节点,确保每个节点只被处理一次。
因此需要:
tempPair = q.front();q.pop();//这两步是取出队首的节点
题解代码示例:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int M = 1005;struct PII//坐标
{int first;int second;
};// C++ 有个数据类型叫 pair 上面的就可以定义为 pair<int,int> 用起来比较方便。
PII tempPair;//临时结点char Map[M][M];//---------图的路径搜索常用方向移动表示-------
int dx[4]= {0,1,-1,0};
int dy[4]= {1,0,0,-1};
// 两两组合形成上下左右四个方向
// 1------------------> x
// |
// |
// |
// |
// |
// |
// |
// ↓
// y// dx[0]=0 dy[0]=1 那么代表向下的方向// dx[1]=1 dy[1]=0 那么代表向右的方向// dx[2]=-1 dy[0]=0 那么代表向左的方向// dx[3]=0 dy[1]=-1 那么代表向上的方向int n;// n 行
int m;// m 列
int k;// k 次//记录 坐标位置
queue<PII > q; //广度优先搜索所用的队列int len;//记录节点数量方便后续k的计算bool pd(int x, int y)
{if(x<1)return 0;// /x 轴坐标 左侧越界else if(x>n)return 0;//x 轴坐标 右侧越界else if(y<1)return 0;//y 轴坐标 上侧越界else if(y>m)return 0;//y 轴坐标 下侧越界else if(Map[x][y]=='g')return 0;//已经长草了else return 1;// 在范围内,且没长草
}void BFS()
{//BFS //记得 层次while(!q.empty()&&k>0){tempPair = q.front();q.pop();//这两步是取出队首的节点int x = tempPair.first;//横坐标int y = tempPair.second;//纵坐标//四种扩展情况for(int i=0; i<4; i++){int nowx = x+dx[i]; //扩展后的横坐标int nowy = y+dy[i]; //扩展后的纵坐标if(pd(nowx,nowy)){q.push({nowx,nowy});Map[nowx][nowy]='g';}//符合要求执行扩展,不符合要求,忽略即可。}len--; //每扩展一个节点len -1if(len==0){//当len =0 时,代表当前层扩展完了,那么就代表第一个月扩展完了k--; // 所以k--//更新草的数目len = q.size(); // 当前层扩展完了,那就该扩展下一层了,所以len又被赋值为下一层的节点数目的值}}
}int main()
{//输入cin>>n>>m;for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<=m; j++){cin>>Map[i][j];if(Map[i][j]=='g'){tempPair.first=i;tempPair.second=j;// cout<<i<<""<<j<<endl;q.push(tempPair);//将初始有树的结点加入队列}}}len = q.size();//记录第一层的节点数量方便后续k的计算cin>>k;BFS();//输出for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<=m; j++){cout<<Map[i][j];}cout<<endl;}return 0;
}
例题二:走迷宫问题
输入示例:
5 5
1 0 1 1 0
1 1 0 1 1
0 1 0 1 1
1 1 1 1 1
1 0 0 0 1
1 1 5 5
输出示例:
8
解题分析:
题解代码示例:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;int vis[150][150]; //用于存储是否访问过,并且存储长度char G[150][150]; //用于存储题目给出的地图int n,m,ans=0;int dx[4] = {0,0,-1,1};int dy[4] = {1,-1,0,0};//上下左右移动struct node
{int x;int y;
};node Start,End;
bool pd(int x,int y)
{if(x<1)return 0;//从左侧走出方格else if(x>n)return 0;//从右侧走出方格else if(y<1)return 0;//从上侧走出方格else if(y>m)return 0;//从下侧走出方格else if( vis[x][y]!=0)//已经访问了return 0;else if(G[x][y]!='1') return 0;//不是路不能走else return 1;
}bool check(int x, int y)
{if(x == End.x&& y == End.y) //找到终点,把距离给他{ans = vis[x][ y];return 1;}else return 0;}
void bfs()
{queue<node>q;node now,next;q.push(Start); //将起点压人队列中vis[Start.x][Start.y] = 1;while(!q.empty()){now = q.front();if(check(now.x,now.y))return ;q.pop(); //将队列最前面的弹出。for(int i=0; i<4; i++) //四个方向{int nextx = now.x + dx[i];int nexty = now.y + dy[i];if(pd(nextx,nexty)) //判断是否符合条件{next.x=nextx;next.y=nexty;q.push(next);vis[nextx][nexty] = vis[now.x][now.y]+1; //步数+1}}}
}
int main()
{cin>>n>>m;//memset(vis,0,sizeof(vis));for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<=m; j++){cin>>G[i][j];}}cin>>Start.x>>Start.y>>End.x>>End.y;ans = 0;bfs();cout<<ans-1<<endl;return 0;
}
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【数据结构与算法】系列文章链接: 【数据结构与算法】递推法和递归法解题(递归递推算法典型例题)
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