前言
今天题目比较水and我进了C组，不过太太太太太太太太太太太太太太太太绝望了QAQ。所以我也没有做C组的题。写完博客我就做O(∩_∩)O。
正题
题1：奇数统计（jzoj1547）
就是输入n个数，输出出现次数为奇数的一个数（只有一个）。
输入
第一行是N，下一行有N个正整数。
输出
出现了奇数次的数。
样例输入
9
3 1 2 2 17 1 3 17 3
样例输出
3
桶不解释
代码
#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
int n,a[10001],x,ans;
int main()
{//freopen("count.in","r",stdin);//freopen("count.out","w",stdout);scanf("%d",&n);for (int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&x);a[x]++;} for (int i=1;i<=10000;i++) if (a[i]%2==1) {printf("%d",i);return 0;}
}相信我不加批注你们也懂不O(∩_∩)O
题2：有理逼近（jzoj1548）
输入
输入文件的第一行为P、N，其中 P、N<30000。
输出
输出文件只有一行，格式为“X/Y U/V”。注意，答案必须是既约的，也就是说分子、分母的最大公约数必须等于1。
样例输入
2 5
样例输出
4/3 3/2
暴枚好像会超时，所以我们先枚举分子，然后从中间开始向两边扩展的搜分母。
在这里感谢朋友提供思路，这里是他的博客：http://blog.csdn.net/sugar_free_mint
代码
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
double p,s1,s2,ss1,ss2,j,k;
int w,n,u;
int main()
{//freopen("rational.in","r",stdin);//freopen("rational.out","w",stdout);scanf("%d%d",&w,&n);p=sqrt(w);//开方u=n/p;//确定中间值s1=-214748364;s2=1;ss1=214748364;ss2=1;//初始化for (double i=1;i<=n;i++){j=u;k=0;while (j+k<=n && j-k>=1){if (p-i/(j+k)>0 && p-i/(j+k)<p-s1/s2)//判断{s1=i;s2=(j+k);}if (p-i/(j-k)>0 && p-i/(j-k)<p-s1/s2){s1=i;s2=(j-k);}if (i/(j+k)-p>0 && i/(j+k)-p<ss1/ss2-p){ss1=i;ss2=(j+k);}if (i/(j-k)-p>0 && i/(j-k)-p<ss1/ss2-p){ss1=i;ss2=(j-k);}k++;}//扩展}s1=int(int(s1)/__gcd(int(s1),int(s2)));s2=int(int(s2)/__gcd(int(s1),int(s2)));//约分ss1=int(int(ss1)/__gcd(int(ss1),int(ss2)));ss2=int(int(ss2)/__gcd(int(ss1),int(ss2)));//约分printf("%.lf/%.lf %.lf/%.lf",s1,s2,ss1,ss2);//输出
}题目3：活动安排（jzoj1549）
有n （n<=100） 个活动，每个活动开始时间si，结束时间fi。每个活动需要一个会场，求需要的最小会场数。水题。
输入
第一行是活动数n（1≤n≤100）。
以后的n行，每行两个整数，分别表示n个活动的开始时间si和结束时间fi(1≤i≤n)，si
输出
一个整数，表示需要的最少会场数。
样例输入
4
1 8
2 5
7 15
5 9
样例输出
3
判断当前有没有空的会场，如果有就把活动安排进去，不然就开一个新的。
代码
#include<cstdio>
using namespace std;
int s[101],f[101],n,t,w,wf[101];
int main()
{//freopen("meet.in","r",stdin);//freopen("meet.out","w",stdout);scanf("%d",&n);for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d%d",&s[i],&f[i]);for (int i=1;i<n;i++)for (int j=i+1;j<=n;j++)if (s[i]>s[j]){t=s[i];s[i]=s[j];s[j]=t;t=f[i];f[i]=f[j];f[j]=t;}//看我连快排都懒得用了for (int i=1;i<=n;i++){for (int j=1;j<=w;j++)if (s[i]>=wf[j])//有空会场{wf[j]=f[i];f[i]=-1;break;}if (f[i]!=-1)//安排新会场{w++;wf[w]=f[i];//活动结束时间}}printf("%d",w);//输出
}题目4：最小步数（jzoj1550）
一条路长n，每走到一个格会获得Ai元（-10000<=Ai<=10000），你也可以选择花100元跳过该格，金币不可以为负数。求到终点最小的步数
输入
共有两行。
第一行为整数N（0<=N<=100）。
第二行有N个整数，第K个数为A[K]，-10000<=A[K]<=10000，。
输出
一个整数，表示需要走的最少步数。若无法走到终点，输出-1。
样例输入
6
30 30 30 30 30 30
样例输出
5
这里dp，其实记搜也可以过（不过不重要）。然后用f[i][j]来表示到达第i格用j步并且最后一步是跳过的最大金币，然后用f[i][j]来表示到达第i格用j步并且最后一步是走过的最大金币。
动态转移方程：f[i][j]=max(f[i-1][j],f2[i-1][j])-100 （跳过该步）
f2[i][j]=max(f[i-1][j-1],f2[i-1][j-1])+a[i] （走过该步）
代码
#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
int a[101],f[101][101],n,ans,f2[101][101];
int main()
{//freopen("steps.in","r",stdin);//freopen("steps.out","w",stdout);scanf("%d",&n);for (int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&a[i]);} for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=0;j<=i;j++) {f2[i][j]=-214748364;f[i][j]=-214748364;}//初始化 for (int i=1;i<=n;i++){for (int j=1;j<=i;j++){if (max(f[i-1][j],f2[i-1][j])-100>=0 && i!=n) f[i][j]=max(f[i-1][j],f2[i-1][j])-100;//跳if (max(f[i-1][j-1],f2[i-1][j-1])+a[i]>=0) f2[i][j]=max(f[i-1][j-1],f2[i-1][j-1])+a[i];//走}}for (int i=0;i<=n;i++) if (f2[n][i]>=0) {printf("%d",i);return 0;}//查找printf("-1");//不能到达
}
