题目:
给定一棵n个点的带权树,结点下标从1开始到N。寻找树中找两个结点,求最长的异或路径。
异或路径指的是指两个结点之间唯一路径上的所有边权的异或。
输入格式
第一行一个整数NN,表示点数。
接下来 n−1 行,给出 u,v,w ,分别表示树上的 u 点和 v 点有连边,边的权值是 w。
输出格式
一行,一个整数表示答案。
输入输出样例
输入 #1
4
1 2 3
2 3 4
2 4 6
输出 #1
7
说明/提示
最长异或序列是1-2-3,答案是 7 (=3 ⊕ 4)
数据范围
1≤n≤100000;0<u,v≤n;0≤w<2311\le n \le 100000;0 < u,v \le n;0 \le w < 2^{31}1≤n≤100000;0<u,v≤n;0≤w<231
分析:
复习 01trie:
是trie的一种。每个节点是0或者1,我们可以将一些数以二进制表示的形式存入01trie,进而解决一些异或问题。有关trie树的原理再次不在赘述。
异或,指一个法则:
- 两个数的二进制数位上相等即为0,不相等即为1。
- 显然,一个数对同一个数异或两次等于没有异或,那么异或也就满足交换律,结合律。
对于一列数的异或和,我们可以将其用结合律从1∼\sim∼i,i+1∼\sim∼j进行异或,然后在将这两个结果进行异或,结果不变。
于是我们可以:
-
处理出1到每一个节点的异或和
-
把他们加到一棵(01trie)里面
-
从高位到低位贪心操作,取最大值,即是答案。
AC代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e5+10;int head[N], nxt[N<<1], to[N<<1], weight[N<<1], cnt;
int n, dis[N], ch[N<<4][2], tot = 1, ans;void insert(int x){for (int i=30,u=1;i>=0;--i){//由题目,是w<2^31,所以对于异或和只需要30位即可int c=((x>>i)&1);if (!ch[u][c])ch[u][c]=++tot;u=ch[u][c];}
}void get(int x){int res=0;for(int i=30,u=1;i>=0;--i){int c=((x>>i)&1);if(ch[u][c^1]){u=ch[u][c^1];res|=(1<<i);}elseu=ch[u][c];}ans=max(ans,res);
}
void add(int u, int v, int w){nxt[++cnt]=head[u];head[u] = cnt;to[cnt]=v;weight[cnt]=w;
}void dfs(int u,int fa)
{insert(dis[u]);//处理出1到每一个节点的异或和,把他们加到一棵\(01trie\)里面get(dis[u]);for (int i=head[u];i;i=nxt[i]){int v=to[i];if (v==fa)continue;dis[v]=dis[u]^weight[i];dfs(v, u);//用dfs(v,u)表示v和u之间的路径的边权异或和}
}int main()
{scanf("%d", &n);for (int i=1;i<n;++i){int u,v,w;scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);add(u,v,w);add(v,u,w);}dfs(1,0);//设定0为根节点,但实际根节点是1;printf("%d", ans);return 0;
}