【BZOJ-4631】踩气球线段树 + STL

4631: 踩气球

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Description

六一儿童节到了， SHUXK 被迫陪着M个熊孩子玩一个无聊的游戏：有N个盒子从左到右排成一排，第i个盒子里装着Ai个气球。

SHUXK 要进行Q次操作，每次从某一个盒子里拿出一个没被踩爆的气球，然后熊孩子们就会立刻把它踩爆。

这M个熊孩子每个人都指定了一个盒子区间[Li, Ri]。如果某一个时刻，一个熊孩子发现自己选定的盒子区间[Li, Ri]中的所有气球都已经被踩爆了，他就会非常高兴（显然之后他一直会很高兴）。

为了不辜负将自己的任务强行塞给 SHUXK 的那个人的期望， SHUXK 想向你询问：

他每次操作过后会有多少个熊孩子很高兴。

Input

第一行包含两个正整数N和M，分别表示盒子和熊孩子的个数。

第二行包含N个正整数Ai（ 1 < = Ai < = 10^5），表示每个盒子里气球的数量。

以下M行每行包含两个正整数Li, Ri（ 1 < = Li < = Ri < = N），分别表示每一个熊孩子指定的区间。

以下一行包含一个正整数Q，表示 SHUXK 操作的次数。

以下Q行每行包含一个正整数X，表示这次操作是从第X个盒子里拿气球。为了体现在线，我们对输入的X进行了加密。

假设输入的正整数是x'，那么真正的X = (x' + Lastans − 1)Mod N + 1。其中Lastans为上一次询问的答案。对于第一个询问， Lastans = 0。

输入数据保证1 < = x' < = 10^9，且第X个盒子中有尚未被踩爆的气球。

N < = 10^5 ,M < = 10^5 �,Q < = 10^5

Output

包含Q行，每行输出一个整数，表示 SHUXK 一次操作后询问的

答案。答案的顺序应与输入数据的顺序保持一致。

Sample Input

5 3
1 1 1 1 1
5 5
2 2
1 3
5
4
2
5
2
3

Sample Output

0
1
1
2
3
【样例说明】
实际上每次操作的盒子是： 4 2 1 3 5
在第二次操作后，第二个熊孩子会高兴（区间[2,2]中的气球已经全部被踩爆）。
在第四次操作后，第三个熊孩子会高兴（区间[1,3]中的气球已经全部被踩爆）。
在第五次操作后，第一个熊孩子会高兴（区间[5,5]中的气球已经全部被踩爆）。

HINT

Source

Solution

比较好想的一道题

首先对序列建线段树，把M个区间建到线段树上，在线段树的相应节点上记录

维护区间的A[]值和

修改操作相当于单点-1

当一个区间的和=0时更新这个区间上的熊孩子区间的答案，然后统计ans

期望的时间复杂度大概是$O(MlogN)$

Code

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<vector>
using namespace std;
inline int read()
{int x=0,f=1; char ch=getchar();while (ch<'0' || ch>'9') {if (ch=='-') f=-1; ch=getchar();}while (ch>='0' && ch<='9') {x=x*10+ch-'0'; ch=getchar();}return x*f;
}
#define MAXN 100010
int N,M,Q,size[MAXN],ans,last,A[MAXN];
struct SegmentTreeNode{int l,r,sum; vector<int>v; }tree[MAXN<<2];
inline void Update(int now) {tree[now].sum=tree[now<<1].sum+tree[now<<1|1].sum;}
inline void PushUp(int now)
{if (tree[now].sum) return;int len=tree[now].v.size(),l=tree[now].l,r=tree[now].r;for (int i=0; i<=len-1; i++)size[ tree[now].v[i] ]-=r-l+1;for (int i=0; i<=len-1; i++)if (!size[ tree[now].v[i] ]) ans++;tree[now].v.clear();
} 
void BuildTree(int now,int l,int r)
{tree[now].l=l; tree[now].r=r;if (l==r) {tree[now].sum=A[l]; return;}int mid=(l+r)>>1;BuildTree(now<<1,l,mid);BuildTree(now<<1|1,mid+1,r);Update(now); PushUp(now);
}
inline void Change(int now,int pos,int D)
{int l=tree[now].l,r=tree[now].r;if (l==r) {tree[now].sum+=D;  PushUp(now); return;}int mid=(l+r)>>1;if (pos<=mid) Change(now<<1,pos,D);if (pos>mid) Change(now<<1|1,pos,D);Update(now); PushUp(now);
}
inline void Cover(int now,int L,int R,int id)
{int l=tree[now].l,r=tree[now].r;if (L<=l && R>=r) {tree[now].v.push_back(id); size[id]=R-L+1; return;}int mid=(l+r)>>1;if (L<=mid) Cover(now<<1,L,R,id);if (R>mid) Cover(now<<1|1,L,R,id);Update(now); PushUp(now);
}
inline int GetX(int x) {return (x+last-1)%N+1;}
int main()
{N=read(),M=read();for (int i=1; i<=N; i++) A[i]=read();BuildTree(1,1,N);for (int L,R,i=1; i<=M; i++) L=read(),R=read(),Cover(1,L,R,i);Q=read();for (int x,i=1; i<=Q; i++) x=GetX(read()),Change(1,x,-1),printf("%d\n",last=ans);return 0;
}