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一、题目
给定一个非空二叉树的根节点 root , 以数组的形式返回每一层节点的平均值。与实际答案相差 10-5 以内的答案可以被接受。
示例 1：
输入：root = [3,9,20,null,null,15,7]
输出：[3.00000,14.50000,11.00000]
解释：第0层的平均值为3,第1层的平均值为14.5,第2层的平均值为11。
因此返回[3, 14.5, 11]。
示例 2:
输入：root = [3,9,20,15,7]
输出：[3.00000,14.50000,11.00000]
树中节点数量在
[1, 104]范围内
-231 <= Node.val <= 231 - 1
二、代码
【1】深度优先搜索： 使用深度优先搜索计算二叉树的层平均值，需要维护两个数组，counts用于存储二叉树的每一层的节点数，sums用于存储二叉树的每一层的节点值之和。搜索过程中需要记录当前节点所在层，如果访问到的节点在第i层，则将counts[i]的值加1，并将该节点的值加到sums[i]。遍历结束之后，第i层的平均值即为sums[i]/counts[i]。
class Solution {public List<Double> averageOfLevels(TreeNode root) {List<Integer> counts = new ArrayList<Integer>();List<Double> sums = new ArrayList<Double>();dfs(root, 0, counts, sums);List<Double> averages = new ArrayList<Double>();int size = sums.size();for (int i = 0; i < size; i++) {averages.add(sums.get(i) / counts.get(i));}return averages;}public void dfs(TreeNode root, int level, List<Integer> counts, List<Double> sums) {if (root == null) {return;}if (level < sums.size()) {sums.set(level, sums.get(level) + root.val);counts.set(level, counts.get(level) + 1);} else {sums.add(1.0 * root.val);counts.add(1);}dfs(root.left, level + 1, counts, sums);dfs(root.right, level + 1, counts, sums);}
}
时间复杂度： O(n)，其中n是二叉树中的节点个数。深度优先搜索需要对每个节点访问一次，对于每个节点，维护两个数组的时间复杂度都是O(1)，因此深度优先搜索的时间复杂度是O(n)。遍历结束之后计算每层的平均值的时间复杂度是O(h)，其中h是二叉树的高度，任何情况下都满足h≤n。因此总时间复杂度是O(n)。
空间复杂度： O(n)，其中n是二叉树中的节点个数。空间复杂度取决于两个数组的大小和递归调用的层数，两个数组的大小都等于二叉树的高度，递归调用的层数不会超过二叉树的高度，最坏情况下，二叉树的高度等于节点个数。
【2】广度优先搜索： 也可以使用广度优先搜索计算二叉树的层平均值。从根节点开始搜索，每一轮遍历同一层的全部节点，计算该层的节点数以及该层的节点值之和，然后计算该层的平均值。如何确保每一轮遍历的是同一层的全部节点呢？我们可以借鉴层次遍历的做法，广度优先搜索使用队列存储待访问节点，只要确保在每一轮遍历时，队列中的节点是同一层的全部节点即可。具体做法如下：
1、初始时，将根节点加入队列；
2、每一轮遍历时，将队列中的节点全部取出，计算这些节点的数量以及它们的节点值之和，并计算这些节点的平均值，然后将这些节点的全部非空子节点加入队列，重复上述操作直到队列为空，遍历结束。
由于初始时队列中只有根节点，满足队列中的节点是同一层的全部节点，每一轮遍历时都会将队列中的当前层节点全部取出，并将下一层的全部节点加入队列，因此可以确保每一轮遍历的是同一层的全部节点。具体实现方面，可以在每一轮遍历之前获得队列中的节点数量size，遍历时只遍历size个节点，即可满足每一轮遍历的是同一层的全部节点。
class Solution {public List<Double> averageOfLevels(TreeNode root) {List<Double> averages = new ArrayList<Double>();Queue<TreeNode> queue = new LinkedList<TreeNode>();queue.offer(root);while (!queue.isEmpty()) {double sum = 0;int size = queue.size();for (int i = 0; i < size; i++) {TreeNode node = queue.poll();sum += node.val;TreeNode left = node.left, right = node.right;if (left != null) {queue.offer(left);}if (right != null) {queue.offer(right);}}averages.add(sum / size);}return averages;}
}
时间复杂度： O(n)，其中n是二叉树中的节点个数。广度优先搜索需要对每个节点访问一次，时间复杂度是O(n)。需要对二叉树的每一层计算平均值，时间复杂度是O(h)，其中h是二叉树的高度，任何情况下都满足h≤n。因此总时间复杂度是O(n)。
空间复杂度： O(n)，其中n是二叉树中的节点个数。空间复杂度取决于队列开销，队列中的节点个数不会超过n。
