题目1：123 买卖股票的最佳时机Ⅲ
题目链接：买卖股票的最佳时机Ⅲ
对题目的理解
prices[i]表示股票在第i天的价格，最多可以完成两笔交易，不能同时进行多笔交易
可以买卖一次，两次，也可以不买卖
动态规划
动规五部曲
1）dp数组及下标i的含义
dp[i][0] 不操作(可有可无)股票的最大现金
dp[i][1] 第一次持有股票的最大现金
dp[i][2] 第一次不持有股票的最大现金
dp[i][3] 第二次持有股票的最大现金
dp[i][4] 第二次不持有股票的最大现金
不持有股票现金的状态一定比持有股票的现金多，第二次不持有一定包含第一次不持有的钱
最终求解： dp[prices.size()-1][4]
2）递推公式
dp[i][0] = dp[i-1][0]
dp[i][1] = dp[i-1][1] 前一天已经持有
dp[i][1] = dp[i-1][0]-prices[i] 第i天买入,前一天不操作
dp[i][1] = max(dp[i-1][1]，dp[i-1][0]-prices[i])
dp[i][2] = dp[i-1][2] 前一天不持有
dp[i][2] = dp[i-1][1]+prices[i] 第i天卖出 前一天持有
dp[i][2] = max(dp[i-1][2]，dp[i-1][1]+prices[i])
dp[i][3] = dp[i-1][3] 前一天已经持有
dp[i][3] = dp[i-1][2] -prices[i] 第i天买入，但是因为是第二次买入，所以应该是在第一次卖出的基础上减去第i天的股票价格
dp[i][3] = max(dp[i-1][3]，dp[i-1][2]-prices[i])
dp[i][4] = dp[i-1][4] 前一天不持有
dp[i][4] = dp[i-1][3] + prices[i] 第i天卖出，但是因为是第二次卖出，所以应该在第二次买入的基础上加上第i天的股票价格
dp[i][4] = max(dp[i-1][4]，dp[i-1][3]+prices[i])
3）dp数组初始化
从递推公式可以看出，i的状态由i-1的状态决定，所以初始化dp[0]
dp[0][0]=0
dp[0][1]=-prices[0]
dp[0][2]=0(同一天买卖)
dp[0][3]=-prices[0](第二次又买入了)
dp[0][4]=0（第二次又卖出了）
4）遍历顺序
从递推公式可以看出，i的状态由i-1的状态决定，所以从小到大遍历
for(i=1;i<prices.size();i++) 注意从1开始
5）打印dp数组
代码
class Solution {
public:int maxProfit(vector<int>& prices) {//定义dp数组vector<vector<int>> dp(prices.size(),vector<int>(5));//初始化dp数组dp[0][0] = 0;//不操作dp[0][1] = -prices[0];//第一次持有股票dp[0][2] = 0;//第一次不持有股票dp[0][3] = -prices[0];//第二次持有股票dp[0][4] = 0;//第二次不持有股票for(int i=1;i<prices.size();i++){dp[i][0] = dp[i-1][0];dp[i][1] = max(dp[i-1][1],dp[i-1][0]-prices[i]);dp[i][2] = max(dp[i-1][2],dp[i-1][1]+prices[i]);dp[i][3] = max(dp[i-1][3],dp[i-1][2]-prices[i]);dp[i][4] = max(dp[i-1][4],dp[i-1][3]+prices[i]);}return dp[prices.size()-1][4];}
};- 时间复杂度：O(n)
- 空间复杂度：O(n × 5)
不使用dp[i][0]这个数组，直接将dp[i][0]相关的部分注释掉即可
代码
class Solution {
public:int maxProfit(vector<int>& prices) {//定义dp数组vector<vector<int>> dp(prices.size(),vector<int>(5));//初始化dp数组// dp[0][0] = 0;//不操作dp[0][1] = -prices[0];//第一次持有股票dp[0][2] = 0;//第一次不持有股票dp[0][3] = -prices[0];//第二次持有股票dp[0][4] = 0;//第二次不持有股票for(int i=1;i<prices.size();i++){// dp[i][0] = dp[i-1][0];dp[i][1] = max(dp[i-1][1],-prices[i]);dp[i][2] = max(dp[i-1][2],dp[i-1][1]+prices[i]);dp[i][3] = max(dp[i-1][3],dp[i-1][2]-prices[i]);dp[i][4] = max(dp[i-1][4],dp[i-1][3]+prices[i]);}return dp[prices.size()-1][4];}
};题目2：买卖股票的最佳时机Ⅳ
题目链接：买卖股票的最佳时机Ⅳ
对题目的理解
prices[i]是某支股票在第i天的价格，最多可以完成k笔交易，不能同时参与多笔交易
动规五部曲
1）dp数组及下标i的含义
dp[i][j]:第i天的状态为j（持有股票奇数，不持有股票偶数）所拥有的最大现金，j大于等于0，小于等于2k
最终求解：dp[prices.size()-1][2k]
2）递推公式
for(j=0;j<2k-1;j+=2) //j控制第几次买卖
第j次持有 dp[i][j+1] = max(dp[i-1][j+1],dp[i][j]-prices[i]);
第j次不持有 dp[i][j+2] = max(dp[i-1][j+2],dp[i][j+1]+prices[i]);
3）dp数组初始化
根据递推公式，j为奇数，表示持有，for(int j=1;j<2k;j+=2) dp[0][j]=-prices[0]
4）遍历顺序
根据递推公式，从小到大遍历
5）打印dp数组
代码
class Solution {
public:int maxProfit(int k, vector<int>& prices) {//定义dp数组vector<vector<int>> dp(prices.size(),vector<int>(2*k+1));//初始化dp数组for(int j=1;j<2*k;j+=2){//j为奇数下标时全为-prices[0],j是下标，应不超过2k+1dp[0][j]=-prices[0];} //递推for(int i=1;i<prices.size();i++){for(int j=0;j<2*k-1;j+=2){//将j代入j+2,2k-2+2=2k//持有dp[i][j+1]=max(dp[i-1][j+1],dp[i-1][j]-prices[i]);//不持有dp[i][j+2]=max(dp[i-1][j+2],dp[i-1][j+1]+prices[i]);}}return dp[prices.size()-1][2*k];}
};- 时间复杂度: O(n * k)，其中 n 为 prices 的长度
- 空间复杂度: O(n * k)
)
