知识点补充：
1.遍历HashMap中的值：
HashMap<Integer,Integer> map = new HashMap<Integer,Integer>();
for(Integer num:map.values()){ }
2.遍历HashMap的键：
HashMap<Integer,Integer> map = new HashMap<Integer,Integer>();
for(Integer num:map.keySet()){ }
3.t.charAt(i)可以获取到字符串索引为i的字符
4.字符串获取长度方法：
str.length();
5.在Java中，字符类型（char）实际上是一个无符号的16位整数，它表示的是字符在Unicode字符集中的编码。对于ASCII字符集，字符’a’的Unicode编码是97，字符’b’的编码是98，以此类推，直到字符’z’的编码是122。当你执行s.charAt(i) - ‘a’时，你实际上是在计算字符和字符’a’之间的差值。这个差值将是一个整数，它表示字符在字母表中的位置。例如：
如果s.charAt(i)是’a’，那么s.charAt(i) - ‘a’的结果是0。
如果s.charAt(i)是’b’，那么s.charAt(i) - ‘a’的结果是1。
如果s.charAt(i)是’c’，那么s.charAt(i) - ‘a’的结果是2。
以此类推，直到
如果s.charAt(i)是’z’，那么s.charAt(i) - 'a’的结果是25。
这个计算结果（0到25的整数）可以直接用作数组索引，因为小写英文字母的数量正好是26个

法一：
1.将两个字符串预处理，转成字符数组
2.用HashMap存储出现的字符以及对应字符出现的次数
3.先往hashmap存其中一个字符数组的单词出现个数，再遍历另一个字符数组，出现map中的字母就–
4.判断map中每一个value是否为0，如果不为0就返回false

class Solution {public boolean isAnagram(String s, String t) {boolean res = true;char[] s_chars = s.toCharArray();char[] t_chars = t.toCharArray();HashMap<Character,Integer> existNumMap = new HashMap<Character,Integer>();for(char s_char:s_chars){if(existNumMap.containsKey(s_char)){int existNum = existNumMap.get(s_char);existNumMap.put(s_char,++existNum);} else{existNumMap.put(s_char,1);}}for(char t_char:t_chars){if(existNumMap.containsKey(t_char)){int existNum = existNumMap.get(t_char);existNumMap.put(t_char,--existNum);}else{res = false;} }//hashmap中value和key的遍历方式，总结一下for(Integer num:existNumMap.values()){if(num != 0) res = false;}return res;}
}

法二：
1.创建一个长度为26的数组record
2.record[s.charAt(i)-‘a’]++;记录字符串s中字符出现的次数
3.record[t.charAt(i)-‘a’]–;t字符串中字符出现一次对应减一次
4.最后判断record数组中是否全为0，全为0两个字符串中字符出现次数一样

class Solution {public boolean isAnagram(String s, String t) {int[] record = new int[26];//记录每一个字母出现的次数for(int i=0;i<s.length();i++){//字符串的长度方法.length()record[s.charAt(i)-'a']++;//出现一次就加一}for(int i=0;i<t.length();i++){record[t.charAt(i)-'a']--;//出现一次就减一}//如果两个字符串的字母出现次数一致，那么record中的所有值都是0for(int r:record){if(r != 0) return false;}return true;}
}

方法对比：
1.方法二相比于方法一，不需要创建两个字符数组，不需要创建HashMap，只要创建一个数组，消耗内存空间更小。
2.法一需要对每一个字符的value取值–>操作–>放回，而法二直接对数组进行修改，时间消耗更小。
3.时间和空间复杂度都是O(n)，但是法二相比于法一时间和空间上都提升很多。

知识点补充：
HashSet类型的集合和数组之间的转换：
int i = 0;
int[] result = new int[res.size()];
for(int num:res){
result[i] = num;
i++;
}
题解：
思路就是先遍历一个数组，将出现过的数组存入具有元素唯一特性的HashSet中，以收集该数组出现过的所有值。再遍历另一个数组，判断HashSet中是否有这个数字，如果出现就是两个数组的交集。

class Solution {public int[] intersection(int[] nums1, int[] nums2) {HashSet<Integer> set = new HashSet<Integer>();HashSet<Integer> res = new HashSet<Integer>();for(int num:nums1){set.add(num);}for(int num:nums2){if(set.contains(num)){res.add(num);}}int i = 0;int[] result = new int[res.size()];for(int num:res){result[i] = num;i++;}return result;}
}

这道题的关键是一个方法一个判断：一个方法是每次按照题目要求变换数字的方法，一个判断是判断是否进入循环以及是否为1的判断：
1.判断快乐数的方法：如果num如果大于等于0，就%10取余，得到的结果平方加入total；num = num/10得到下一个用来取余的数---->指导num小于10
2.创建一个set集合，存储每一个按照规则算出来的数，一旦出现之前已经加入到set的数了，说明开始循环了，就跳出while，res置为false，这个数不是快乐数。
如果算出来的数是1了，也会跳出while，返回res=true。

class Solution {public boolean isHappy(int n) {boolean res = true;HashSet<Integer> set = new HashSet<Integer>();set.add(n);while(n != 1){n = judgeHappy(n);if(set.contains(n)){res = false;break;}else{set.add(n);}}return res;}public int judgeHappy(int num){int total = 0;while(num >= 10){int a = num%10;total += a*a;num = num/10;}total += num*num;return total;}
}

**关键：**如果map中没有target-nums[i]，说明在之前没有出现可以和当前数配对相加为target的数，那么就先把他加进map，等到那个输出现，再将他们的索引成对返回。

class Solution{public int[] twoSum(int[] nums,int target){HashMap<Integer,Integer> map = new HashMap<>();//创建一个mapfor(int i = 0;i<nums.length;i++){//如果map中没有target-nums[i]，说明在之前没有出现可以和当前数配对相加为target的数，那么就先把他加进map，等到那个输出现，再将他们的索引成对返回。if(map.containsKey(target-nums[i])){return new int[]{map.get(target-nums[i]),i};}map.put(nums[i],i);}return new int[0];}
}