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前言:
题单:
P3386 【模板】二分图最大匹配
P1525 [NOIP2010 提高组] 关押罪犯
P3385 【模板】负环
P3371 【模板】单源最短路径(弱化版)
SPFA写法
Dij写法:
P3385 【模板】负环
P5960 【模板】差分约束
P7771 【模板】欧拉路径
文末:
前言:
若刚入门图论,想做基础图论题,请移步:CSDN
题单:
P3386 【模板】二分图最大匹配
https://www.luogu.com.cn/problem/P3386
交替路:
从未匹配点出发,依次经过非匹配边,匹配边,非匹配边……形成的路径
增广路:从非匹配点出发,走交替路,最后到达另一非匹配点的路径
算法:
可以发现增广路的匹配边比交替路的匹配边多一----->可以尽可能找增广路(用DFS或者BFS实现),当找不到增广路时,就得到了最大匹配边
匈牙利算法:男女相亲,男选女,可占可让(可以有女朋友,当遍历到的男生的心仪女生有男朋友时,如果该男朋友还有其他心仪女生没有对象,那么该男朋友会将女朋友让出来,并有新的女朋友)😦😦😦(真渣啊~(*  ̄︿ ̄)(超小声嘀咕(* ̄3 ̄)╭))
const int N = 505;
const int M = 5e4 + 5;int cnt;
int head[N];
int match[N];//i的男友
int vis[N];int n, m, e;
int ans;struct EDGE
{int v;int next;
}EDGE[/*2 * */M];void add(int u, int v)
{cnt++;EDGE[cnt].v = v;EDGE[cnt].next = head[u];//不是等于cnthead[u] = cnt;
}bool dfs(int f)//boyfriend
{for (int i = head[f]; i; i = EDGE[i].next)//遍历女友{int v = EDGE[i].v;if (vis[v])continue;vis[v] = 1;if (match[v] == 0 || dfs(match[v]/*传的是男友*/)){match[v] = f;return 1;}}return 0;
}int main()
{quickio;cin >> n >> m >> e;int u, v;while (e--){cin >> u >> v;add(u, v);//add(v, u);//不要建双边,只要遍历男友就可以了}for (int i = 1; i <= n; i++)//遍历男友{memset(vis, 0, sizeof(vis));if (dfs(i))ans++;}cout << ans << endl;return 0;
}
P1525 [NOIP2010 提高组] 关押罪犯
https://www.luogu.com.cn/problem/P1525
思路:
要用到贪心
按边从大到小排序,再按顺序往后安排各自的监狱,首先最大的怨气的两个人肯定要放在不同的监狱(就是不同的集合---->要涉及到并查集,放相同监狱的有相同的祖先)🧐🧐🧐
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
#include <map>
#include <set>
#include <queue>
#include <stack>
#include <deque>
#include <functional>
#include <climits>#define quickio ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0);
#define endl "\n"using namespace std;
typedef long long ll;const int N = 2e4 + 5;
const int M = 1e5 + 5;int n, m;
int fa[N * 2];//> n的存的是敌人struct zf
{int a;int b;int c;
}zf[M];bool cmp(struct zf a, struct zf b)
{return a.c > b.c;
}int find(int x)
{if (fa[x] == x)return x;return fa[x] = find(fa[x]);
}int FindMin()
{for (int i = 0; i < m; i++){int x = find(zf[i].a);int y = find(zf[i].b);if (x == y)return zf[i].c;fa[fa[zf[i].a]]/*注意是fa[fa[]],要把祖先直接归并到敌人集合,而不只是自己*/ = find(zf[i].b + n)/*不是fa[zf[i].b + n],因为要找的是最上面的祖先*/;fa[fa[zf[i].b]] = find(zf[i].a + n);}return 0;
}int main()
{cin >> n >> m;//并查集基本操作:初始化父亲for (int i = 1; i <= 2 * n; i++)fa[i] = i;for (int i = 0; i < m; i++){cin >> zf[i].a >> zf[i].b >> zf[i].c;}sort(zf, zf + m, cmp);int ans = 0;ans = FindMin();cout << ans << endl;return 0;
}
P3385 【模板】负环
https://www.luogu.com.cn/problem/P3385
注意:
该题不可以用Dijkstra,只能用SPFA,但是通常求最短路最好用Dijkstra,因为SPFA经常被卡,例如你可以做这两个题目:😏 ......~( ̄▽ ̄)~*
【模板】单源最短路径(弱化版) - 洛谷
【模板】单源最短路径(标准版) - 洛谷
你会发现SPFA的代码可以过弱化版,但是过标准版会有一堆TLE(我会在后面公布这两题的答案ฅʕ•̫͡•ʔฅ)
P3371 【模板】单源最短路径(弱化版)
【模板】单源最短路径(弱化版) - 洛谷
SPFA写法
//SPFA
//该代码是可以判断负环的SPFA,且采用vector存边#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
#include <map>
#include <set>
#include <queue>
#include <stack>
#include <deque>
#include <functional>
#include <climits>#define quickio ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0);
#define endl "\n"using namespace std;
typedef long long ll;const int N = 5e5 + 5;struct edge
{int v;int w;
};
int vis[N];//标记是否在队内,所有pop后要置为0,和Dij不一样!!!!!!!!,Dij是标记该点访问过,不再访问
int ans[N];
int countt[N];//经过每个点的次数,如果有一个点的次数 >= n,则有负环vector<edge>e[N];int n, m, s;bool SPFA(int s)
{queue<int>que;//memset(ans, 0x3f, sizeof(ans));该题初始化为这个不够,0x3f3f3f3f < INT_MAX,要初始化为INT_MAX//注意题目要求啊!!!!!!!若不能到达则输出 2^31 - 1,for (int i = 1; i <= n; i++)ans[i] = INT_MAX;ans[s] = 0;que.push(s);vis[s] = 1;while (!que.empty()){int dian = que.front();que.pop();vis[dian] = 0;/*出队是0,注意!!!!!!!!!!,vis是表示是否在队内的*/for (auto ed : e[dian]){int v = ed.v;int w = ed.w;if (ans[v] > ans[dian] + w){ans[v] = ans[dian] + w;countt[v] = countt[dian] + 1;if (countt[v] >= n)return true;//返回true表示有负环if (vis[v] == 0){vis[v] = 1;que.push(v);}}}}return false;
}int main()
{cin >> n >> m >> s;int u, v, w;for (int i = 0; i < m; i++){cin >> u >> v >> w;e[u].push_back({ v, w });}SPFA(s);for (int i = 1; i <= n; i++)cout << ans[i] << " ";return 0;
}
Dij写法:
问题:
弱化版的代码超时---->要用堆优化 (ง •_•)ง
核心:priority_queue< pair<int,int> > 用优先队列来取最近的点,就不用遍历找点了
在priority_queue中,是按pair的第一个元素(first)由大到小排序的,所以pair<距离,点号>,注意因为要的是最小值,所以距离要存负值 (重点敲黑板哦~~ 😳😳😳)
总结:要优先队列来方便选出最短路径,注意堆优化(优先队列)中的排序是从大到小,所以存距离要存负数
要一个结构体存每个点的数据,head数组存每条链的数据,还要用ans数组记录从起点到某点的最短距离,用vis数组记录点是否被加入过最短路径,避免重复加入
#include <queue>
/*堆优化:利用优先队列,降低复杂度,直接排序,注意优先队列是由大到小排列的,因此距离是负数 */
#include <climits>
#include <iostream>using namespace std;const int MAX = 1e6;
int n, m, s;
int ans[MAX];//最短距离
int cnt;
int head[MAX];//出边的头标记
int visit[MAX];//标记该点是否被访问过struct EDGE
{int to;int next;//下一个出边int wei;//权值
}edge[MAX];void add(int u, int v, int w)
{cnt++;edge[cnt].wei = w;edge[cnt].to = v;edge[cnt].next = head[u];head[u] = cnt;
}int main()
{int i;int u, v, w;cin >> n >> m >> s;for (i = 1; i <= n; i++)ans[i] = INT_MAX;ans[s] = 0;for (i = 1; i <= m; i++){cin >> u >> v >> w;add(u, v, w);}priority_queue<pair<int, int> >que;//距离,点que.push({0, s});while (!que.empty()){int qh = que.top().first;int h = que.top().second;que.pop();/*记得pop()!!!!!!!!!*/if (visit[h] == 0){visit[h] = 1;for (i = head[h]; i != 0; i = edge[i].next)//不断找下一个儿子,直到找完{if (ans[edge[i].to] > ans[h] + edge[i].wei){ans[edge[i].to] = ans[h] + edge[i].wei;if (visit[edge[i].to] == 0)que.push({ -ans[edge[i].to], edge[i].to });}}}}for (i = 1; i <= n; i++)cout << ans[i] << ' ';cout << endl;return 0;
}
P3385 【模板】负环
P3385 【模板】负环 - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn)
//负环
//该代码是可以判断负环的SPFA,且采用vector存边const int N = 5e5 + 5;struct edge
{int v;int w;
};
int vis[N];//标记是否在队内,所有pop后要置为0,和Dij不一样!!!!!!!!,Dij是标记该点访问过,不再访问
int ans[N];
int countt[N];//经过每个点的次数,如果有一个点的次数 >= n,则有负环vector<edge>e[N];int n, m, s;bool SPFA(int s)
{queue<int>que;for (int i = 1; i <= n; i++)ans[i] = INT_MAX;memset(vis, 0, sizeof(vis));memset(countt, 0, sizeof(countt));ans[s] = 0;que.push(s);vis[s] = 1;while (!que.empty()){int dian = que.front();que.pop();vis[dian] = 0;/*出队是0,注意!!!!!!!!!!,vis是表示是否在队内的*/for (auto ed : e[dian]){int v = ed.v;int w = ed.w;if (ans[v] > ans[dian] + w){ans[v] = ans[dian] + w;countt[v] = countt[dian] + 1;if (countt[v] >= n)return true;//返回true表示有负环if (vis[v] == 0){vis[v] = 1;que.push(v);}}}}return false;
}int main()
{int t;cin >> t;while (t--){memset(e, 0, sizeof(e));cin >> n >> m;int u, v, w;for (int i = 0; i < m; i++){cin >> u >> v >> w;if (w >= 0){e[u].push_back({ v, w });e[v].push_back({ u, w });}elsee[u].push_back({ v, w });}if (SPFA(1)){cout << "YES" << endl;}elsecout << "NO" << endl;}return 0;
}
P5960 【模板】差分约束
【模板】差分约束 - 洛谷
一个差分约束系统是这样的:
给出 n 个变量和 m 个约束条件,形如 Xi - Xj≤Ck ,你需要求出一组解,使得所有约束条件均被满足。🤯🤯🤯
怎样解这个差分约束系统呢?我们将上面的不等式变形一下:
Xi≤Xj+Ck 🤔(+_+)?
容易发现这个形式和最短路中的三角形不等式Dis(v)≤Dis(u)+w 非常相似。😮😮😮
因此我们就将这个问题转化为一个求最短路的问题:比如对于上面这个不等式,
1、我们从 j 向 i 连一条权值为 Ck 的边。
2、我们再新建一个 0 号点,从 0 号点向其他所有点连一条权值为 0的边。
这个操作相当于新增了一个变量 X0 和 n 个约束条件xi≤x0,从而将所有变量都和X0 这一个变量联系起来。
3、然后以 0号点为起点,用 SPFA 跑最短路。
如果有负权环,差分约束系统无解。否则设从 0号点到 i号点的最短路为 Dis(i),则xi=Dis(i) 即为差分约束系统的一组可行解。
const int N = 5e5 + 5;struct edge
{int v;int w;
};
int vis[N];//标记是否在队内,所有pop后要置为0,和Dij不一样!!!!!!!!,Dij是标记该点访问过,不再访问
int ans[N];
int countt[N];//经过每个点的次数,如果有一个点的次数 >= n,则有负环vector<edge>e[N];int n, m, s;bool SPFA(int s)
{queue<int>que;for (int i = 1; i <= n; i++)ans[i] = INT_MAX;memset(vis, 0, sizeof(vis));memset(countt, 0, sizeof(countt));ans[s] = 0;que.push(s);vis[s] = 1;while (!que.empty()){int dian = que.front();que.pop();vis[dian] = 0;/*出队是0,注意!!!!!!!!!!,vis是表示是否在队内的*/for (auto ed : e[dian]){int v = ed.v;int w = ed.w;if (ans[v] > ans[dian] + w){ans[v] = ans[dian] + w;countt[v] = countt[dian] + 1;if (countt[v] >= n + 1/*注意这里是n + 1了,因为多加了一个0号节点*/)return true;//返回true表示有负环if (vis[v] == 0){vis[v] = 1;que.push(v);}}}}return false;
}int main()
{memset(e, 0, sizeof(e));cin >> n >> m;int u, v, w;for (int i = 0; i < m; i++){cin >> u >> v >> w;//e[u].push_back({ v, w });e[v].push_back({ u, w });//注意这里的起点和终点!!!!!!!}for (int i = 1; i <= n; i++)e[0].push_back({ i, 0 });//注意:要让一点可以到达所有点才行,但是图内不一定存在这种点,所以可以自己创建一个0节点,并和所有点都连起来,同时边权为0if (SPFA(0) == false)//从0号节点出发,求它到所有点的最短路径,如果有负环,该差分约束无解{for (int i = 1; i <= n; i++)cout << ans[i] << " ";cout << endl;}elsecout << "NO" << endl;return 0;
}
P7771 【模板】欧拉路径
https://www.luogu.com.cn/problem/P7771
欧拉路径:
只经过一次的边😮
欧拉回路:经过欧拉路径能回到起点的回路 🤨🤨🤨
欧拉图:有欧拉 回路 的图😶
半欧拉图:有欧拉 路径 的图,但是没有欧拉 回路 😵😵😵
判断是否有欧拉路径:
1、有向图
欧拉路径:
只有两个点出度不等于入度:起点(出度 = 入度 + 1),终点(入度 = 出度 + 1)
其他点:入度 = 出度 (~﹃~)~zZ
欧拉回路:
所有点入度等于出度 O_O2、无向图
欧拉路径:
只有两个点的度数为奇数:起点(出度 = 入度 + 1),终点(入度 = 出度 + 1)
其他点:度数为偶数 (っ´Ι`)っ:偶数
欧拉回路:
所有点度数为偶数 ( ´・・)ノ(._.`)
const int N = 1e5 + 5;
const int M = 2e5 + 5;//用Dij不好排序,用vector的图
//struct EDGE
//{
// int v;
// int w;
// int next;
//}EDGE[M];
//
//int head[N];
//int ans[N];
//int vis[N];
//int cnt;
//
//int du[N][2];//入度,出度
//
//void add(int u, int v, int w)
//{
// cnt++;
// EDGE[cnt].v = v;
// EDGE[cnt].w = w;
// EDGE[cnt].next = head[u];
// head[u] = cnt;
//}vector<int>G[N];
stack<int>st;
int du[N][2];//入度,出度
int cnt[2];//记录多少点出度不等于入度,cnt[0]:入度 > 出度,cnt[1]:出度 > 入度
int beginn[N];//记录每个点遍历到了哪个出边void DFS(int qi)
{for (int i = beginn[qi]; i < G[qi].size(); i = beginn[qi]/*注意不是i++,因为经过DFS后,beginn[qi]的值可能早已改变,不能再从目前点的后一个点继续走*/){beginn[qi] = i + 1;DFS(G[qi][i]);}st.push(qi);//最后放:因为栈是先进后出,要先把该点的出边都遍历完再放入该点,以便输出时该点先输出
}int main()
{int n, m;cin >> n >> m;int u, v;for (int i = 0; i < m; i++){cin >> u >> v;G[u].push_back(v);du[u][1]++;du[v][0]++;}int qi = 1;//起点//int flag = 0;//flag = 0表示:所有点入度 = 出度for (int i = 1; i <= n; i++){sort(G[i].begin(), G[i].end());//注意vector和数组对sort的用法不同if (du[i][0] != du[i][1]){//flag = 1;if (du[i][0] - du[i][1] == 1)//入度 - 出度 = 1:终点{cnt[1]++;}else if (du[i][1] - du[i][0] == 1)//出度 - 入度 = 1:起点{cnt[0]++;qi = i;}else{cout << "No" << endl;return 0;}}}if (cnt[0] != cnt[1]/*起点数不等于终点数*/){cout << "No" << endl;return 0;}if (cnt[0] != 0/*不是欧拉路径*/ && cnt[0] != 1/*不止一个起点*/){cout << "No" << endl;return 0;}DFS(qi);while (!st.empty()){cout << st.top() << " ";st.pop();}return 0;
}
文末:
单源最短路径(弱化版)
【模板】单源最短路径(弱化版) - 洛谷
该题可用Dij,也可用SPFA,该题SPFA可以:
单源最短路径(标准版)
【模板】单源最短路径(标准版) - 洛谷
该题只能Dij,若为SPFA:
综上所述:最好用Dij算法求单源最短路径,但若有负边权:只能用SPFA