题目列表
3079. 求出加密整数的和
3080. 执行操作标记数组中的元素
3081. 替换字符串中的问号使分数最小
3082. 求出所有子序列的能量和
一、求出加密整数的和
按照题目要求，直接模拟即可，代码如下
class Solution {
public:int sumOfEncryptedInt(vector<int>& nums) {int n=nums.size(),res=0;for(auto x:nums){int s = 0, mx = 0;while(x){mx=max(mx,x%10);s=s*10+1;x/=10;}res+=mx*s;}return res;}
};二、执行操作标记数组中的元素
题目不难，依旧还是只需要模拟，但是代码量不少，要细心，思路如下：
对于每次查询的操作1：只要判断垓下标是否被标记，然后处理即可
对于每次查询的操作2：要把没有标记过的最小的k个数字标记，如果数字相同则下标小的先标记，很显然要排序(两个维度的排序---首先比较数值，其次比较下标)，这里讲一个技巧：我们没必要将数值和下标打包在一起(即用pair)排序，我们可以直接对下标进行排序，具体看代码
如何表示一个数是否被标记？可以额外开一个数组，也可以直接在原数组上修改，将标记过的数记为-1
代码如下
class Solution {
public:vector<long long> unmarkedSumArray(vector<int>& nums, vector<vector<int>>& queries) {int n = nums.size(), m = queries.size();vector<long long> ans(m);vector<int>idx(n);long long s = 0;for(int i=0;i<n;i++) {idx[i]=i;s+=nums[i];}sort(idx.begin(),idx.end(),[&](int x,int y){return nums[x]!=nums[y]?nums[x]<nums[y]:x<y;});for(int i=0,j=0;i<m;i++){const auto& v = queries[i];int index = v[0], k = v[1];if(nums[index]>=0){s -= nums[index];nums[index] = -1;}while(k&&j<n){if(nums[idx[j]]<0){j++;continue;}s -= nums[idx[j]];nums[idx[j]]=-1;j++,k--;}ans[i]=s;}return ans;}
};三、替换字符串中的问号使分数最小
这题是思维题：
首先我们要明白字母出现的顺序并不会影响它们对总分数的贡献(因为字母对分数的贡献仅仅只和该字母出现的次数有关，字母与其他字母之间是相互独立的)，也就是说我们只要考虑每个 '?' 填哪个字母即可，根据cost的定义，我们优先考虑之前出现次数少的字母对 '?' 进行填充，当出现次数一样少时，我们优先考虑字典序小的字母，然后对选出的字母进行排序，最后按照 '?' 的位置进行替换即可。
代码如下
class Solution {
public:string minimizeStringValue(string s) {int n = s.size();string tmp;int cnt[26] = { 0 },c = 0;for(const auto& e:s){if(e!='?') cnt[e-'a']++;else c++;}auto cmp=[](const pair<int,int>& x,const pair<int,int>& y)->bool{return x.first!=y.first ? x.first > y.first : x.second > y.second;};priority_queue<pair<int,int>,vector<pair<int,int>>,decltype(cmp)> pq(cmp); //小堆for(int i=0;i<26;i++)pq.push({cnt[i],i});while(c--){auto [x,ch] = pq.top();pq.pop();pq.push({x+1,ch});tmp += 'a'+ch;}sort(tmp.begin(),tmp.end());for(int i=0,j=0;i<n;i++){if(s[i]=='?')s[i]=tmp[j++];}return s;}
};四、求出所有子序列的能量和
这题找子序列中的子序列，看着很绕，其实就是找和为k的子序列能出现在多少个子序列中，即和为k的子序列做出的贡献，拿示例一举例：和为3的子序列有[1,2]和[3]，其中[1,2]在2个子序列中出现，[3]在4个子序列中出现，所以答案为2+4=6。很显然每个和为3的子序列的贡献为2^(n-L)，其中n为整个数组的长度，L为子序列的长度。
故答案的表达式为 sum(2^(n-L) * num_K_L) 1<=L<=n，num_K_L表示长为L，和为K的子序列个数
如何求长为L，和为K的子序列的个数？
这是一个背包问题，限制条件有两个：1、长为L 2、和为K
设f[i][L][c]表示前i个数中，长为L，和为c的子序列的个数
1、如果当前的数不在和为c的子序列中，则f[i][L][c]=f[i-1][L][c]
2、如果当前的数在和为c的子序列中，则f[i][L][c]=f[i-1][L-1][c-nums[i]]
所以f[i][L][c]=f[i-1][L][c]+f[i-1][L-1][c-nums[i-1]]
初始化：f[i][0][0]=1，因为长为0，和为0的子序列只能是空，只有一个
代码如下
class Solution {
public:int sumOfPower(vector<int>& nums, int k) {int n=nums.size();const int MOD = 1e9+7;int f[n+1][n+1][k+1];memset(f,0,sizeof(f));//f[i][L][j] = f[i-1][L][j] + f[i-1][L-1][j-nums[i]]for(int i=0;i<=n;i++)f[i][0][0]=1;for(int i=0;i<n;i++){for(int j=1;j<=k;j++){for(int L=1;L<=i+1;L++){f[i+1][L][j] = (f[i][L][j] + (j>=nums[i]?f[i][L-1][j-nums[i]]:0))%MOD;}}}long long ans = 0, pow2 = 1;for(int i=n;i>0;i--){ans = (ans + f[n][i][k]*pow2)%MOD;pow2 = pow2*2%MOD;}return ans%MOD;}
};// 优化空间
class Solution {
public:int sumOfPower(vector<int>& nums, int k) {int n=nums.size();const int MOD = 1e9+7;int f[n+1][k+1];memset(f,0,sizeof(f));f[0][0]=1;for(int i=0;i<n;i++){for(int j=k;j>=nums[i];j--){for(int L=1+i;L>0;L--){f[L][j] = (f[L][j] + f[L-1][j-nums[i]])%MOD;}}}long long ans = 0, pow2 = 1;for(int i=n;i>0;i--){ans = (ans + f[i][k]*pow2)%MOD;pow2 = pow2*2%MOD;}return ans%MOD;}
};当然我们也可以根据题目直接定义状态：f[i][j]表示前i个数为数组的，元素和为k的能量值
1、如果nums[i]不在子序列和为k的序列中，那么它有选和不选两种可能，f[i+1][j]=f[i][j]*2
2、如果nums[i]在子序列和为k的序列中，那么它只能被选，f[i+1][j]=f[i][j-nums[i]]
举个例子[1,2,3]，要求和为3，假设遍历到 i = 2 ，如果nums[i]=3不在我们想要的子序列中，那么它可以选，也可以不选，即f[i][j] * 2，如果nums[i]=3在我们想要的子序列中，那么它只能被选，即f[i][j-nums[i]]
所以状态转移方程为 f[i+1][j]=f[i][j] * 2+ f[i][j-nums[i]]
代码如下
class Solution {
public:int sumOfPower(vector<int>& nums, int k) {const int MOD=1e9+7;int n=nums.size();vector<vector<long long>>f(n+1,vector<long long>(k+1));f[0][0]=1;for(int i=0;i<n;i++){for(int j=0;j<=k;j++){f[i+1][j]=(f[i][j]*2+(j>=nums[i]?f[i][j-nums[i]]:0))%MOD;}}return f[n][k];}
};//优化空间
class Solution {
public:int sumOfPower(vector<int>& nums, int k) {const int MOD=1e9+7;int n=nums.size();vector<long long>f(k+1);f[0]=1;for(int i=0;i<n;i++){for(int j=k;j>=0;j--){f[j]=(f[j]*2+(j>=nums[i]?f[j-nums[i]]:0))%MOD;}}return f[k];}
};
