LeetCode刷题--- 单词拆分

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前言:这个专栏主要讲述动态规划算法,所以下面题目主要也是这些算法做的  

我讲述题目会把讲解部分分为3个部分:
1、题目解析

2、算法原理思路讲解

3、代码实现


单词拆分

题目链接:单词拆分
题目

给你一个字符串 s 和一个字符串列表 wordDict 作为字典。如果可以利用字典中出现的一个或多个单词拼接出 s 则返回 true

注意:不要求字典中出现的单词全部都使用,并且字典中的单词可以重复使用。

示例 1:

输入: s = "leetcode", wordDict = ["leet", "code"]
输出: true
解释: 返回 true 因为 "leetcode" 可以由 "leet" 和 "code" 拼接成。

示例 2:

输入: s = "applepenapple", wordDict = ["apple", "pen"]
输出: true
解释: 返回 true 因为 "applepenapple" 可以由 "apple" "pen" "apple" 拼接成。注意,你可以重复使用字典中的单词。

示例 3:

输入: s = "catsandog", wordDict = ["cats", "dog", "sand", "and", "cat"]
输出: false

提示:

  • 1 <= s.length <= 300
  • 1 <= wordDict.length <= 1000
  • 1 <= wordDict[i].length <= 20
  • s 和 wordDict[i] 仅由小写英文字母组成
  • wordDict 中的所有字符串 互不相同


解法

算法原理解析

我们这题使用动态规划,我们做这类题目可以分为以下五个步骤

  1. 状态显示
  2. 状态转移方程
  3. 初始化(防止填表时不越界)
  4. 填表顺序
  5. 返回值
  • 状态显示
dp[i] 表示 [0, i] 区间内的字符串,能否被字典中的单词拼接而成。
  • 状态转移方程
对于 dp[i] ,为了确定当前的字符串能否由字典里面的单词构成,根据最后⼀个单词的起始位 置 j ,我们可以将其分解为前后两部分:
  1. 前⾯⼀部分 [0, j - 1] 区间的字符串;
  2. 后⾯⼀部分 [j, i] 区间的字符串。
其中前⾯部分我们可以在 dp[j - 1] 中找到答案,后⾯部分的子串可以在字典里面找到。 因此,我们得出⼀个结论:当我们在从 0 ~ i 枚举 j 的时候,只要 dp[j - 1] = true 并且后⾯部分的子串s.substr(j, i - j + 1) 能够在字典中找到,那么 dp[i] = true 。
  • 初始化(防止填表时不越界)
  1. 在本题中,最前⾯加上⼀个格⼦,并且让 dp[0] = true ,可以理解为空串能够拼接⽽成。
  2. 其中为了⽅便处理下标的映射关系,我们可以将字符串前⾯加上⼀个占位符 s = ' ' + s ,这 样就没有下标的映射关系的问题了,同时还能处理「空串」的情况。
  • 填表顺序

根据「状态转移⽅程」易得,填表顺序为「从左往右」。

  • 返回值
由「状态表⽰」可得:返回 dp[n] 位置的布尔值。

代码实现

class Solution {
public:bool wordBreak(string s, vector<string>& wordDict) {int n = s.size();	// s的大小vector<bool> dp(n+1,false);	// 表示[0,1]之间,是否被字典中的单词连接s = ' ' + s;		// 前面加上空格,方便计算// 将字典中的单词放入哈希表中(便于查找)unordered_set<string> hash;for (auto& e : wordDict){hash.insert(e);}// 初始化dp[0] = true;// 填表for (int i = 1; i <= n; i++){for (int j = i; j >= 1; j--){if (dp[j - 1] && hash.count(s.substr(j, i - j + 1))){dp[i] = true;break;}}}return dp[n];}
};

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