LeetCode 3：寻找最长不含重复字符的子串长度

在字符串处理中，寻找最长不含重复字符的子串长度是一个经典问题。

问题描述

给定一个字符串 s ，我们需要找出其中不含有重复字符的最长子串的长度。

解决方案

我们可以使用滑动窗口的方法来解决这个问题。滑动窗口是一个区间，它可以通过两个指针来表示。在这个问题中，我们使用两个指针表示子串的左右边界。

我们使用一个哈希集合（unordered_set）来存储当前窗口中的字符，以便快速检查一个字符是否已经在当前窗口中。同时，我们使用两个指针 left 和 i 来表示当前窗口的左右边界，初始时都指向字符串的开头。

接下来，我们遍历字符串 s，对于每个字符，我们做如下操作：

如果当前字符已经在窗口中存在，我们需要将左指针 left 移动到当前重复字符的下一个位置，以保证窗口中没有重复字符。
更新窗口中的字符集合，即将当前字符加入到集合中。
更新最长不含重复字符的子串的长度。

最终，我们返回最长子串的长度。

代码实现

class Solution {
public:int lengthOfLongestSubstring(string s) {if(s.size() == 0) return 0;   // 如果字符串长度为0直接返回unordered_set<char> set;int maxStr = 0;int left = 0;for(int i = 0; i < s.length(); i++) {while(set.find(s[i]) != set.end()) {set.erase(s[left]);left++;}set.insert(s[i]);maxStr = max(maxStr, i - left + 1);}return maxStr;}
};

示例

让我们通过一个示例来说明上述算法的工作方式：

假设输入字符串为 "abcabcbb"，那么算法将按以下步骤执行：

遍历字符串，初始时 left = 0, maxStr = 0。
当 i = 0 时，字符 a 不在集合中，加入集合，更新 maxStr = max(maxStr, i - left + 1) = 1。
当 i = 1 时，字符 b 不在集合中，加入集合，更新 maxStr = max(maxStr, i - left + 1) = 2。
当 i = 2 时，字符 c 不在集合中，加入集合，更新 maxStr = max(maxStr, i - left + 1) = 3。
当 i = 3 时，字符 a 在集合中，移动 left 指针到下一个位置，更新 left = 1。
以此类推，直到遍历完整个字符串。

最终，返回 maxStr = 3，表示最长不含重复字符的子串长度为3。
对于给定字符串 s 的长度为 n，我们的算法使用了滑动窗口来寻找最长不含重复字符的子串长度。

复杂度分析

时间复杂度分析

遍历字符串： 算法需要遍历一次输入字符串 s，时间复杂度为 O(n)，其中 n 是字符串的长度。
滑动窗口操作： 在滑动窗口操作中，我们最多移动左指针 left 和右指针 i 各一次。对于每个字符，我们在常数时间内检查是否在集合中，因此滑动窗口操作的时间复杂度为 O(1)。
因此，总体时间复杂度为 O(n)。

空间复杂度分析

哈希集合： 我们使用了一个哈希集合来存储当前窗口中的字符。在最坏情况下，集合中可能包含字符串中的所有字符，因此空间复杂度为 O(min(n, m))，其中 n 是字符串的长度，m 是字符集的大小（ASCII 字符集为 256）。
其他变量： 我们使用了常数个额外的变量，因此空间复杂度为 O(1)。