题目1:977 有序数组的平方
题目链接:977 有序数组的平方
题意
返回非递减整数数组的每个数字的平方和 也按照递减排序
双指针★
代码
class Solution {
public:vector<int> sortedSquares(vector<int>& nums) {vector<int> result(nums.size(), 0);int k = nums.size() - 1;for(int i = 0,j=nums.size() - 1;i <= j;){if(nums[i] * nums[i] > nums[j] * nums[j]){result[k] = nums[i] * nums[i];k--;i++;}else{result[k] = nums[j] * nums[j];k--;j--;} }return result;}
};
时间复杂度O(n)
空间复杂度O(n)
暴力解法
class Solution {
public:vector<int> sortedSquares(vector<int>& nums) {for(int i = 0;i < nums.size();i++){nums[i] = nums[i] * nums[i];}sort(nums.begin(), nums.end());//排序return nums;}
};
时间复杂度O(n+nlogn)
题目2:209 长度最小的子数组
题目链接:209 长度最小的子数组
题意
数组中含有n个正整数,返回数组中总和大于等于target的长度最小的连续子数组的长度,注意数组中一定要是正整数,因为只有正整数才会越加越大,如果没有则,返回0
滑动窗口★
思想:不断更新连续子数组的起始位置和终止位置,使用1个for循环就可以完成这些操作
for循环中的变量应该是终止位置,这样才能避免暴力解法两层for循环的情况
滑动窗口移动的条件:当前窗口的值大于等于s
遇到某个滑动窗口内的总和大于等于target,就移动这个滑动窗口的起始位置,看是否还有更短的长度的子数组满足大于等于target的条件;如果滑动窗口内的总和小于target,说明整个滑动窗口扩充的还不够长,于是需要移动终止位置
代码
class Solution {
public:int minSubArrayLen(int target, vector<int>& nums) {int i = 0;//滑动窗口起始位置int sum = 0;//总和int subL = 0;//子数组长度int result = INT32_MAX;for(int j = 0;j < nums.size();j++){sum += nums[j]; //子数组总和while(sum >= target){subL = j - i + 1;result = min(result,subL);sum -= nums[i];//将起始位置的数值从总和中减去i++; //注意同时移动起始位置}}return result==INT32_MAX ? 0 : result;}
};
- 时间复杂度:O(n)
- 空间复杂度:O(1)
暴力解法
class Solution {
public:int minSubArrayLen(int target, vector<int>& nums) {int result = INT32_MAX;int subL = 0;for(int i = 0;i < nums.size();i++){int sum = 0;for(int j = i;j < nums.size();j++){sum += nums[j];if(sum >= target){subL = j - i + 1;result = min(result,subL);break;//此处跳过for循环是因为数组中都是正整数,越往后加数值肯定越大,越满足sum>target}}}return result==INT32_MAX ? 0 : result;}
};
- 时间复杂度:O(n^2)
- 空间复杂度:O(1)
使用暴力解法会超时,如下图
题目3:59 螺旋矩阵Ⅱ
题目链接:59.螺旋矩阵Ⅱ
题意
正整数1~n^2的所有元素,按照顺时针排列成n*n的正方形矩阵,并按照矩阵的形式一行一行的输出
循环不变量
本题还是要坚持循环不变量原则,每一圈的处理规则要统一,均是左闭右开,由外向内一圈一圈画,每一圈都可以使用一套代码,每一圈的每一条边的情况列出来,遍历圈数
使用左闭右开的原则,即拐角处的元素放到下一条边处理 i代表行,j代表列
转的圈数是 n/2 的原因是:将整个正方形对半分,看一半有多少条边,就可以转多少圈
代码
class Solution {
public:vector<vector<int>> generateMatrix(int n) {vector<vector<int>> nums(n,vector<int>(n,0));int startx = 0; //i的起始位置int starty = 0; //j的终止位置int offset = 1; //第一圈的偏移量int count = 1; //每个位置的数,计数,不断累加int loop = n / 2; //圈数int mid = n / 2; //中间的位置int i,j;while(loop--){//上行 i代表行,j代表列 行不变,列++for(j = starty;j < n - offset;j++){nums[startx][j] = count++;//跳出循环时,i=startx,j=n-offset}//右列 行++,列不变for(i = startx;i < n - offset;i++){nums[i][j] = count++; //跳出循环时,i=n-offset,j=n-offset}//下行 行不变,列--for(;j > starty;j--){nums[i][j] = count++;//跳出循环时,i=n-offset,j=0}//左列 行--,列不变for(;i>startx;i--){nums[i][j] = count++;//跳出循环时,i=0,j=0}//进入下一圈做准备startx++;starty++;offset++;}if(n % 2 == 1) {nums[mid][mid] = count; //这里不是i,j因为是i和j的话,指向的是最后一圈的第一个位置,不符}return nums;}
};
- 时间复杂度 O(n^2): 模拟遍历二维矩阵的时间
- 空间复杂度 O(1)