codevs 1283 等差子序列

http://codevs.cn/problem/1283/

题目描述 Description

给一个 1 到 N 的排列{Ai},询问是否存在 1<=p1<p2<p3<p4<p5<…<pLen<=N(Len>=3),使得 Ap1,Ap2,Ap3,…ApLen 是一个等差序列。

输入描述 Input Description

输入的第一行包含一个整数 T,表示组数。

 下接 T 组数据,每组第一行一个整数 N,每组第二行为一个 1 到 N 的排列, 数字两两之间用空格隔开。

输出描述 Output Description

对于每组数据,如果存在一个等差子序列,则输出一行“Y”,否则输出一 行“N”。

样例输入 Sample Input

2

3

1 3 2

3

3 2 1

样例输出 Sample Output

N

Y

数据范围及提示 Data Size & Hint

对于5%的数据,N<=100,对于30%的数据,N<=1000,对于100%的数据,N<=10000,T<=7

 

线段树+hash

首先要注意的是这个排列是1到n的排列

然后当然是找3个数形成等差子序列

暴力:枚举中间的数,枚举左边的数,枚举右边的数,看是否满足 2*mid=l+r

O(n³)

继续想,因为保证排列是1到n

所以对于一个数x,若以x为mid能形成等差子序列,那么另外两个数一定在x两侧

即从左往右枚举,当枚举到mid时,能早就枚举到了l,不能枚举到r

可以用0,1表示这个数是否被枚举到

举个例子:

3 6 1 2 4 5

当枚举到第5个数4时,0 1序列为

1 1 1 1 0 1

4的左边分别是1和0,说明枚举到4时,3已经被枚举到了,5还没有被枚举

但这样仍然要枚举,没有减少时间复杂度

如何去掉枚举的过程?

继续想,发现我们要比较的是mid左右的两个对称区间

举个例子:

1 8 3 6 5 7 4 2

当枚举到3时,0 1序列为:

1 0 1 0 0 0 0 1

我们实际需要的是判断2和4的01序列是否相等,1和5的01序列是否相等

因为是对称的

可以转化为判断区间[1,2]和区间[5,4](注意这里是[5,4],不是[4,5])是否相等

线段树维护区间正序哈希值和倒序哈希值,即可log判断

总复杂度:O(nlogn)

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define N 10001
#define LL unsigned long long
using namespace std;
int T,n,x,len;
bool ok;
LL bit[N],hash[N*4],anti_hash[N*4],r1,r2;
struct TREE
{public:void up(int k,int l,int r){hash[k]=hash[k<<1]*bit[r-(l+r>>1)]+hash[k<<1|1];anti_hash[k]=anti_hash[k<<1|1]*bit[(l+r>>1)-l+1]+anti_hash[k<<1];}void change(int k,int l,int r,int pos){if(l==r) {anti_hash[k]=hash[k]=1;return;}int mid=l+r>>1;if(pos<=mid) change(k<<1,l,mid,pos);else change(k<<1|1,mid+1,r,pos);up(k,l,r);}LL query(int k,int l,int r,int opl,int opr,int w){if(l>=opl&&r<=opr) return w==1 ? hash[k]:anti_hash[k];int mid=l+r>>1;if(opr<=mid) return query(k<<1,l,mid,opl,opr,w);else if(opl>mid) return query(k<<1|1,mid+1,r,opl,opr,w);else if(w==1) return query(k<<1,l,mid,opl,mid,w)*bit[opr-mid]+query(k<<1|1,mid+1,r,mid+1,opr,w);else return query(k<<1|1,mid+1,r,mid+1,opr,w)*bit[mid-opl+1]+query(k<<1,l,mid,opl,mid,w);}void solve(int i){len=min(i-1,n-i);r1=query(1,1,n,i-len,i-1,1);r2=query(1,1,n,i+1,i+len,2);if(r1!=r2) ok=true;}
}tree;
int main()
{bit[1]=233; for(int i=2;i<N;i++) bit[i]=bit[i-1]*233;scanf("%d",&T);while(T--){memset(hash,0,sizeof(hash));memset(anti_hash,0,sizeof(anti_hash));scanf("%d",&n);ok=false;for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&x);if(!ok){tree.change(1,1,n,x);if(x!=1&&x!=n) tree.solve(x);}}if(ok) puts("Y");else puts("N");}
}

 

转载于:https://www.cnblogs.com/TheRoadToTheGold/p/6813049.html

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