题目描述
输入
输出
样例输入
3 4
1 1 0 1
0 1 1 0
0 1 1 0
5
1 1 2 3
2 1 3 2
3 2 3 4
1 1 3 4
1 2 3 4
样例输出
1
1
1
2
2
数据范围
解法
设f[i][j]为以(i,j)为右下角的正方形的最大边长。
则f[i][j]=min(f[i−1][j],f[i−1][j−1],f[i][j−1])+1(a[i][j]=1)
考虑利用f来求答案。
对于询问(x1,y1,x2,y2)：
显然ans=min(f[x][y],x−x1+1,y−y1+1)
二分答案mid，如果矩阵(x1+mid-1,y1+mid-1,x2,y2)的f最大值大于或等于mid，那么mid合法。
静态子矩阵求最大值，考虑使用二维RMQ。
总的时间复杂度为O(T∗log(n2))。
代码
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<math.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define ll long long
#define ln(x,y) int(log(x)/log(y))
#define sqr(x) ((x)*(x))
using namespace std;
const char* fin="square.in";
const char* fout="square.out";
const int inf=0x7fffffff;
const int maxn=1007,maxk=10;
int n,m,t,i,j,k,l,lef,mid,rig;
int f[maxn][maxn],g[maxk][maxk][maxn][maxn];
int getmax(int sx,int sy,int tx,int ty){int i=0,j=0;while (sx+(1<<(i+1))-1<=tx) i++;while (sy+(1<<(j+1))-1<=ty) j++;return max(max(g[i][j][sx][sy],g[i][j][tx-(1<<i)+1][sy]),max(g[i][j][sx][ty-(1<<j)+1],g[i][j][tx-(1<<i)+1][ty-(1<<j)+1]));
}
int main(){freopen(fin,"r",stdin);freopen(fout,"w",stdout);scanf("%d%d",&n,&m);for (i=1;i<=n;i++){for (j=1;j<=m;j++){scanf("%d",&k);if (k) f[i][j]=min(f[i][j-1],min(f[i-1][j-1],f[i-1][j]))+1;else f[i][j]=0;g[0][0][i][j]=f[i][j];}}for (i=0;(1<<i)<=n;i++){for (j=0;(1<<j)<=m;j++){if (i==0 && j==0) continue;for (k=1;k+(1<<i)-1<=n;k++)for (l=1;l+(1<<j)-1<=m;l++){if (j==0) g[i][j][k][l]=max(g[i-1][j][k][l],g[i-1][j][k+(1<<(i-1))][l]);else g[i][j][k][l]=max(g[i][j-1][k][l],g[i][j-1][k][l+(1<<(j-1))]);}}}scanf("%d",&t);for (;t;t--){scanf("%d%d%d%d",&i,&j,&k,&l);if (getmax(i,j,k,l)==0) printf("0\n");else {lef=1;rig=min(k-i+1,l-j+1);int l1=lef,r1=rig;while (lef<rig){mid=(lef+rig)/2;if (getmax(i+mid-1,j+mid-1,k,l)>=mid) lef=mid;else rig=mid-1;if (l1==lef && r1==rig) break;else l1=lef,r1=rig;}if (getmax(i+rig-1,j+rig-1,k,l)>=rig) lef=rig;printf("%d\n",lef);}}return 0;
}启发
静态子矩阵求和可以使用RMQ。
这类型（无修改离线多次询问）的问题可以这样考虑：
1.由询问次数决定时间复杂度；
2.考虑一次询问如何在规定复杂度内求出答案。
3.考虑预处理在2中所需要的信息。
这题类似于妮厨的愤怒，那样处理三元取最值。
