题意:有一张 (L+1)×n(L+1)\times n(L+1)×n 个点的有向图,每个结点有二元组 (x,y)(0≤x≤L,1≤y≤n)(x,y)~(0\leq x\leq L,1\leq y\leq n)(x,y) (0≤x≤L,1≤y≤n) 表示。对于所有 (u1,v1),(u2,v2)(u_1,v_1),(u_2,v_2)(u1,v1),(u2,v2),若 u1<u2u_1<u_2u1<u2,则前者向后者连 wv1,v2w_{v_1,v_2}wv1,v2 条边。对所有 0≤t<k0\leq t<k0≤t<k,你需要求出从 (0,x)(0,x)(0,x) 走模 kkk 余 ttt 步到达任意一个第二维为 yyy 的点的方案数。答案对 ppp 取模。
L≤108,n≤3,k≤216,108<p<230,p∈prime,k∣p−1L\leq 10^8,n\leq 3,k\leq 2^{16},10^8<p<2^{30},p\in prime,k\mid p-1L≤108,n≤3,k≤216,108<p<230,p∈prime,k∣p−1
神奇的题
显然是单位根反演,所以先想办法搞出走到位置 iii 的生成函数。
显然是个矩阵的形式。看成只有 nnn 个点在上面跑,邻接矩阵为 MMM
那么走一步的生成函数为
s(x)=∑i=1∞Mxis(x)=\sum_{i=1}^{\infin}Mx^is(x)=i=1∑∞Mxi
答案的生成函数为
f(x)=∑i=0∞(∑j=0L[xj]si(x))xif(x)=\sum_{i=0}^{\infin}\left(\sum_{j=0}^L[x^j]s^i(x)\right)x^if(x)=i=0∑∞(j=0∑L[xj]si(x))xi
看上去很不可做,但实际上中间那坨看起来形式很简单。冷静分析,实际上 MMM 的次数就是 iii,前面的系数就是选 iii 个正整数和不超过 LLL,等价于选 i+1i+1i+1 个正整数不超过 L+1L+1L+1,即
f(x)=∑i=0L(Li)Mixi=(Mx+1)Lf(x)=\sum_{i=0}^L\binom LiM^ix^i\\=(Mx+1)^Lf(x)=i=0∑L(iL)Mixi=(Mx+1)L
然后就可以单位根反演了
anst=1k∑i=0k−1ωk−it(Mωki+1)Lans_t=\frac 1k\sum_{i=0}^{k-1}\omega_k^{-it}(M\omega_{k}^i+1)^Lanst=k1i=0∑k−1ωk−it(Mωki+1)L
我们发现我们只求这个东西的 xxx 行 yyy 列,所以可以设 ai=[(Mωki+1)L]x,ya_i=\left[(M\omega_k^i+1)^L\right]_{x,y}ai=[(Mωki+1)L]x,y
然后
anst=1k∑i=0k−1ωk−itaians_t=\frac 1k\sum_{i=0}^{k-1}\omega_k^{-it}a_ianst=k1i=0∑k−1ωk−itai
这是个 CZT 的形式,拆开就可以了
anst=1k∑i=0k−1ωk(i2)+(t2)−(i+t2)aians_t=\frac 1k\sum_{i=0}^{k-1}\omega_k^{\binom i2+\binom t2-\binom{i+t}2}a_ianst=k1i=0∑k−1ωk(2i)+(2t)−(2i+t)ai
anst=ωk(t2)k∑i=0k−1ωk(i2)aiωk−(i+t2)ans_t=\dfrac{\omega_k^{\binom t2}}{k}\sum_{i=0}^{k-1}\omega_k^{\binom i2}a_i\omega_k^{-\binom{i+t}2}anst=kωk(2t)i=0∑k−1ωk(2i)aiωk−(2i+t)
直接做减法卷积就可以了。
求个原根出来求单位元,然后 MTT 即可。
因为要写的东西太多了,很多地方都写的很浪,仅供参考。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#define MAXN (1<<18)+5
#define double long double
using namespace std;
typedef long long ll;
inline int read()
{int ans=0;char c=getchar();while (!isdigit(c)) c=getchar();while (isdigit(c)) ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(c^48),c=getchar();return ans;
}
int n,k,L,x,y,M,P,g;
inline int qpow(int a,int p)
{int ans=1;while (p){if (p&1) ans=(ll)ans*a%P;a=(ll)a*a%P,p>>=1;}return ans;
}
const double Pi=acos(-1.0);
struct complex{double x,y;inline complex(const double& x=0,const double& y=0):x(x),y(y){}};
inline complex operator +(const complex& a,const complex& b){return complex(a.x+b.x,a.y+b.y);}
inline complex operator -(const complex& a,const complex& b){return complex(a.x-b.x,a.y-b.y);}
inline complex operator *(const complex& a,const complex& b){return complex(a.x*b.x-a.y*b.y,a.x*b.y+a.y*b.x);}
inline complex adj(const complex& a){return complex(a.x,-a.y);}
int l,lim,r[MAXN];
inline void init(){lim=1<<l;for (int i=0;i<lim;i++) r[i]=(r[i>>1]>>1)|((i&1)<<(l-1));}
complex rt[2][24];
void fft(complex* a,int type)
{for (int i=0;i<lim;i++) if (i<r[i]) swap(a[i],a[r[i]]);for (int L=0;L<l;L++){int mid=1<<L,len=mid<<1;complex Wn=rt[type][L+1];for (int s=0;s<lim;s+=len){complex w(1,0);for (int k=0;k<mid;k++,w=w*Wn){complex x=a[s+k],y=w*a[s+mid+k];a[s+k]=x+y,a[s+mid+k]=x-y;}}}if (type) for (int i=0;i<lim;i++) a[i].x/=lim,a[i].y/=lim;
}
complex A[MAXN],B[MAXN],C[MAXN],D[MAXN];
void fmul(int* F,int* G,int n,int m)
{M=sqrt(P);for (l=0;(1<<l)<n+m;l++);init();for (int i=0;i<n;i++) A[i]=complex(F[i]/M,F[i]%M);for (int i=0;i<m;i++) C[i]=complex(G[i]/M,G[i]%M);fft(A,0),fft(C,0);B[0]=adj(A[0]),D[0]=adj(C[0]);for (int i=1;i<lim;i++) B[i]=adj(A[lim-i]),D[i]=adj(C[lim-i]);for (int i=0;i<lim;i++){complex a=A[i],b=B[i],c=C[i],d=D[i];A[i]=(a+b)*complex(0.5,0);B[i]=(a-b)*complex(0,-0.5);C[i]=(c+d)*complex(0.5,0);D[i]=(c-d)*complex(0,-0.5);}for (int i=0;i<lim;i++){complex a=A[i],b=B[i],c=C[i],d=D[i];A[i]=a*c+a*d*complex(0,1);B[i]=b*c+b*d*complex(0,1);}fft(A,1),fft(B,1);for (int i=0;i<n+m-1;i++){ll a=A[i].x+0.5,b=A[i].y+B[i].x+0.5,c=B[i].y+0.5;a%=P,b%=P,c%=P;F[i]=(a*M%P*M%P+b*M%P+c)%P;}
}
struct mat
{int e[3][3];inline mat(const int& v=0){memset(e,0,sizeof(e));for (int i=0;i<3;i++) e[i][i]=v; } inline int* operator [](const int& i){return e[i];}inline const int* operator [](const int& i)const{return e[i];}
}W;
inline mat operator +(const mat& a,const mat& b)
{mat c;for (int i=0;i<3;i++)for (int j=0;j<3;j++)c[i][j]=(a[i][j]+b[i][j])%P;return c;
}
inline mat operator *(const mat& a,const mat& b)
{mat c;for (int i=0;i<3;i++)for (int k=0;k<3;k++)for (int j=0;j<3;j++)c[i][j]=(c[i][j]+(ll)a[i][k]*b[k][j])%P;return c;
}
inline mat qpow(mat a,int p)
{mat ans(1);while (p){if (p&1) ans=ans*a;a=a*a,p>>=1;}return ans;
}
inline bool check(int g)
{int x=P-1;for (int i=2;i*i<=x;i++)if (x%i==0){if (qpow(g,(P-1)/i)==1) return false;while (x%i==0) x/=i;}if (x>1&&qpow(g,(P-1)/x)==1) return false; return true;
}
inline int sum(int x){return (ll)x*(x-1)/2%k;}
int F[MAXN],G[MAXN];
int main()
{for (int i=0;i<20;i++){double a=2*Pi/(1<<i);rt[1][i]=adj(rt[0][i]=complex(cos(a),sin(a)));}n=read(),k=read(),L=read(),x=read()-1,y=read()-1,P=read();while (!check(++g));for (int i=0;i<n;i++) for (int j=0;j<n;j++) W[i][j]=read();int Wn=qpow(g,(P-1)/k);for (int i=0,w=1;i<k;i++,w=(ll)w*Wn%P) F[i]=(ll)qpow(W*mat(w)+mat(1),L)[x][y]*qpow(Wn,sum(i))%P;for (int i=0;i<2*k;i++)G[i]=qpow(Wn,k-sum(i));
// for (int t=0;t<k;t++)
// {
// int ans=0;
// for (int i=0;i<k;i++) ans=(ans+(ll)F[i]*G[i+t])%P;
// printf("%d ",ans);
// }
// puts("");reverse(F,F+k); fmul(F,G,k,2*k);
// for (int i=k-1;i<2*k-1;i++) printf("%d ",F[i]);
// puts("");int t=qpow(k,P-2);for (int i=k-1;i<2*k-1;i++) printf("%lld\n",(ll)F[i]*qpow(Wn,sum(i-k+1))%P*t%P);return 0;
}