题目

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给你两个单链表的头节点 headA 和 headB ，请你找出并返回两个单链表相交的起始节点。如果两个链表不存在相交节点，返回 null 。

图示两个链表在节点 c1 开始相交：

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来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode.cn/problems/intersection-of-two-linked-lists/description/
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思路一：集合法

使用set集合（这个简单就不画图了）

1、创建一个Hashset
2、依次遍历链表A的节点，并存入集合中
3、遍历链表B的节点
4、如果B的某个节点在集合中存在，返回

代码

public class Solution {public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {HashSet set = new HashSet();  // 集合，用来存储某个链表遍历的节点while(headA!=null){     // 遍历headA链表set.add(headA);     // 我们这里将headA的节点存入set中headA = headA.next;  // 添加完毕后别忘记将headA指向下一个}while(headB!=null){             // 遍历headB链表if(set.contains(headB)){    // 判断headB的节点是否存在于set结合中return headB;}headB = headB.next;         // 不在集合中，指向下一个}return null;    // 遍历完都没有，返回null}
}

说明：
1、空间复杂度：将一个链表节点均存储到set集合，空间复杂度为O(N)
2、时间复杂度：（set集合底层是红黑树，添加和查询的事件复杂度为O(logN)）最坏情况下需要将另外一个链表都遍历一遍，所以时间复杂度为O(NlogN)

思路二：双指针法

从链表长度入手（直接看图）

代码

public class Solution {public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {int lengthA = getLength(headA);	// getLength方法需要自己写int lengthB = getLength(headB);// 判断headA和headB哪个长，让长的往后移动if(lengthA>lengthB){       // headA长就先让headA往后走几步headA = move(lengthA-lengthB,headA);  // 调用移动方法} else if(lengthB>lengthA){   // headB长就先让headB往后走几步headB = move(lengthB-lengthA,headB);  // 调用移动方法}// 此时两个链表的长度相等while(headA!=null && headB!=null){if(headA==headB){return headA;   // 这里返回谁都行}headA = headA.next;headB = headB.next;}return null;}// 【方法】查询链表的长度public int getLength(ListNode head){int count = 0;while(head!=null){head = head.next;count++;}return count;}// 【方法】根据链表长度差，移动链表public ListNode move(int size,ListNode node){while(size>0){node = node.next;size--;}return node;}
}

说明：
1、空间复杂度：无额外的空间开辟，为O(1)
2、时间复杂度：最坏情况下需要将两个链表都遍历一遍为O(N)