解题思路：
\qquad 这道题要求在 $O(n)$ 时间内解决，但是不能使用除法。仅使用乘法的话，看上去很难在一次遍历中得出想要的结果，但是没关系，一次遍历不行的话那就试试两次、三次，重要的是分析在一次遍历中能干些什么。

\qquad 所有answer[i]先初始化为1，nums[0]虽然不是answer[0]的乘数，但是它却是answer[1 ~ n-1]的乘数。同样的情况存在于每一个nums[i]，都是nums[i+1 ~ n-1]的乘数。因此，可以记录一个"前缀积"prev = nums[0] * ...* nums[i-1]，构成了answer[i]的一部分，即answer[i] = 1 * prev * (remain)。那么剩下remain = nums[i+1] * .. * nums[n-1]看起来不就和prev一模一样，只不过是从后往前累乘的“后缀积”，这样经过两次遍历就可以凑全answer[i]的所有部分了。

	vector<int> productExceptSelf(vector<int>& nums) {vector<int> ans(nums.size(), 1);int pre = 1;for(int i = 0; i < nums.size(); i++){ans[i] = pre;pre *= nums[i];}pre = 1;for(int i = nums.size()-1; i >= 0; i--){ans[i] *= pre;pre *= nums[i];}return ans;}