216.组合总和III

找出所有相加之和为 n 的 k 个数的组合，且满足下列条件：
只使用数字1到9
每个数字 最多使用一次
返回 所有可能的有效组合的列表 。该列表不能包含相同的组合两次，组合可以以任何顺序返回。

示例 1:
输入: k = 3, n = 7
输出: [[1,2,4]]
解释:
1 + 2 + 4 = 7
没有其他符合的组合了。

示例 2:
输入: k = 3, n = 9
输出: [[1,2,6], [1,3,5], [2,3,4]]
解释:
1 + 2 + 6 = 9
1 + 3 + 5 = 9
2 + 3 + 4 = 9
没有其他符合的组合了。

示例 3:
输入: k = 4, n = 1
输出: []
解释: 不存在有效的组合。
在[1,9]范围内使用4个不同的数字，我们可以得到的最小和是1+2+3+4 = 10，因为10 > 1，没有有效的组合。

解题思路

本题就是在[1,2,3,4,5,6,7,8,9]这个集合中找到和为n的k个数的组合。
本题k相当于树的深度，9（因为整个集合就是9个数）就是树的宽度。

例如 k = 2，n = 4的话，就是在集合[1,2,3,4,5,6,7,8,9]中求 k（个数） = 2, n（和） = 4的组合。

选取过程如图：

回溯三部曲

1.确定递归函数参数

和77. 组合一样，依然需要一维数组path来存放符合条件的结果，二维数组result来存放结果集。
这里我依然定义path 和 result为全局变量。
至于为什么取名为path？从上面树形结构中，可以看出，结果其实就是一条根节点到叶子节点的路径。
接下来还需要如下参数：
n（int）目标和，也就是题目中的n。
k（int）就是题目中要求k个数的集合。
sum（int）为已经收集的元素的总和，也就是path里元素的总和。
startIndex（int）为下一层for循环搜索的起始位置。

2、确定终止条件

在上面已经说了，k其实就已经限制树的深度，因为就取k个元素，树再往下深了没有意义。
所以如果pathTop和 k相等了，就终止。
如果此时path里收集到的元素和（sum） 和n（就是题目描述的n）相同了，就用result收集当前的结果。
所以 终止代码如下：

if(pathTop==k){if(sum==n){int* tmp=(int*)malloc(sizeof(int)*k);for(int i=0;i<k;i++){tmp[i]=path[i];}ans[ansTop++]=tmp;}return;}

3、单层搜索过程

本题和77. 组合区别之一就是集合固定的就是9个数[1,…,9]，所以for循环固定i<=9

for(int i=startIdx;i<=9;i++){sum+=i;path[pathTop++]=i;backtracking(n,k,sum,i+1);sum-=i;pathTop--;}

代码

未剪枝

int *path;int pathTop;int **ans;int ansTop;void backtracking(int n,int k,int sum,int startIdx){if(pathTop==k){if(sum==n){int* tmp=(int*)malloc(sizeof(int)*k);for(int i=0;i<k;i++){tmp[i]=path[i];}ans[ansTop++]=tmp;}return;}for(int i=startIdx;i<=9;i++){sum+=i;path[pathTop++]=i;backtracking(n,k,sum,i+1);sum-=i;pathTop--;}}
int** combinationSum3(int k, int n, int* returnSize, int** returnColumnSizes) {path=(int*)malloc(sizeof(int)*k);ans=(int**)malloc(sizeof(int*)*2000);pathTop=ansTop=0;backtracking(n,k,0,1);*returnSize=ansTop;*returnColumnSizes=(int*)malloc(sizeof(int)*ansTop);for(int i=0;i<ansTop;i++)(*returnColumnSizes)[i]=k;return ans;
}

剪枝

int *path;int pathTop;int **ans;int ansTop;void backtracking(int n,int k,int sum,int startIdx){if(sum>n) return;//剪枝，减去和大于n的分支if(pathTop==k){if(sum==n){int* tmp=(int*)malloc(sizeof(int)*k);for(int i=0;i<k;i++){tmp[i]=path[i];}ans[ansTop++]=tmp;}return;}for(int i=startIdx;i<=9-(k-pathTop)+1;i++){//剪枝，剪去不满足k个数的分支sum+=i;path[pathTop++]=i;backtracking(n,k,sum,i+1);sum-=i;pathTop--;}}
int** combinationSum3(int k, int n, int* returnSize, int** returnColumnSizes) {path=(int*)malloc(sizeof(int)*k);ans=(int**)malloc(sizeof(int*)*2000);pathTop=ansTop=0;backtracking(n,k,0,1);*returnSize=ansTop;*returnColumnSizes=(int*)malloc(sizeof(int)*ansTop);for(int i=0;i<ansTop;i++)(*returnColumnSizes)[i]=k;return ans;
}

40.组合总和II

给定一个可能有重复数字的整数数组 candidates 和一个目标数 target ，找出 candidates 中所有可以使数字和为 target 的组合。
candidates 中的每个数字在每个组合中只能使用一次，解集不能包含重复的组合。

示例 1:
输入: candidates = [10,1,2,7,6,1,5], target = 8,
输出:
[
[1,1,6],
[1,2,5],
[1,7],
[2,6]
]

示例 2:
输入: candidates = [2,5,2,1,2], target = 5,
输出:
[
[1,2,2],
[5]
]

题目解析

元素在同一个组合内是可以重复的，怎么重复都没事，但两个组合不能相同。所以我们要去重的是同一树层上的“使用过”，同一树枝上的都是一个组合里的元素，不用去重。树层去重的话，需要对数组排序！

回溯三部曲

1、递归函数参数

和77. 组合一样，依然需要一维数组path来存放符合条件的结果，二维数组result来存放结果集。
这里我依然定义path 和 result为全局变量。length存放每个组合的长度。
至于为什么取名为path？从上面树形结构中，可以看出，结果其实就是一条根节点到叶子节点的路径。
接下来还需要如下参数：
target（int）目标和，也就是题目中的n。
candidates（int*）数组
candidatesSize（int）就是题目中数组的大小。
sum（int）为已经收集的元素的总和，也就是path里元素的总和。
startIndex（int）为下一层for循环搜索的起始位置。

2、递归终止条件

终止条件为 sum > target 和 sum == target。

3、单层搜索的逻辑

要去重的是“同一树层上的使用过”，如何判断同一树层上元素（相同的元素）是否使用过了呢。
如果candidates[i] == candidates[i - 1] 并且 i>starIdx，就说明：前一个树枝，使用了candidates[i - 1]，也就是说同一树层使用过candidates[i - 1]。
此时for循环里就应该做continue的操作。

int *path;int pathTop;int **ans;int ansTop;int* length;int cmp(const void* a1, const void* a2) {return *((int*)a1) - *((int*)a2);
}
void backtracking(int* candidates,int candidatesSize,int target,int sum,int startIdx){if(sum>=target){if(sum==target){int* tmp=(int*)malloc(sizeof(int)*pathTop);for(int j=0;j<pathTop;j++)tmp[j]=path[j];length[ansTop]=pathTop;//存储当前组合的长度ans[ansTop++]=tmp;}return;}for(int i=startIdx;i<candidatesSize;i++){if(i>startIdx&&candidates[i]==candidates[i-1])continue;sum+=candidates[i];path[pathTop++]=candidates[i];backtracking(candidates,candidatesSize,target,sum,i+1);sum-=candidates[i];;pathTop--;}
}
int** combinationSum2(int* candidates, int candidatesSize, int target, int* returnSize, int** returnColumnSizes){path=(int*)malloc(sizeof(int)*50);ans=(int**)malloc(sizeof(int*)*100);length=(int*)malloc(sizeof(int)*100);ansTop=pathTop=0;qsort(candidates, candidatesSize, sizeof(int), cmp);backtracking(candidates,candidatesSize,target,0,0);*returnSize=ansTop;*returnColumnSizes=(int*)malloc(sizeof(int)*ansTop);for(int i=0;i<ansTop;i++)(*returnColumnSizes)[i]=length[i];return ans;
}

39.组合总和

给你一个 无重复元素 的整数数组 candidates 和一个目标整数 target ，找出 candidates 中可以使数字和为目标数 target 的 所有 不同组合 ，并以列表形式返回。你可以按 任意顺序 返回这些组合。
candidates 中的 同一个 数字可以 无限制重复被选取 。如果至少一个数字的被选数量不同，则两种组合是不同的。
对于给定的输入，保证和为 target 的不同组合数少于 150 个。

示例 1：
输入：candidates = [2,3,6,7], target = 7
输出：[[2,2,3],[7]]
解释：
2 和 3 可以形成一组候选，2 + 2 + 3 = 7 。注意 2 可以使用多次。
7 也是一个候选， 7 = 7 。
仅有这两种组合。

示例 2：
输入: candidates = [2,3,5], target = 8
输出: [[2,2,2,2],[2,3,3],[3,5]]

示例 3：
输入: candidates = [2], target = 1
输出: []

题目解析

回溯三部曲

1、递归函数参数

和77. 组合一样，依然需要一维数组path来存放符合条件的结果，二维数组result来存放结果集。
这里我依然定义path 和 result为全局变量。length存放每个组合的长度。
至于为什么取名为path？从上面树形结构中，可以看出，结果其实就是一条根节点到叶子节点的路径。
接下来还需要如下参数：
target（int）目标和，也就是题目中的n。
candidates（int*）数组
candidatesSize（int）就是题目中数组的大小。
sum（int）为已经收集的元素的总和，也就是path里元素的总和。
startIndex（int）为下一层for循环搜索的起始位置。

2、递归终止条件

终止条件为 sum > target 和 sum == target。

3、单层搜索的逻辑

单层for循环依然是从startIndex开始，搜索candidates集合。

int* path;int pathTop;int** ans;int ansTop;int* length;
void  backtarcking(int* candidates,int candidatesSize,int target,int sum,int startIdx){if(sum>=target){if(sum==target){int* tmp=(int*)malloc(sizeof(int)*pathTop);for(int i=0;i<pathTop;i++){tmp[i]=path[i];}length[ansTop]=pathTop;ans[ansTop++]=tmp;}return;}for(int i=startIdx;i<candidatesSize;i++){sum+=candidates[i];path[pathTop++]=candidates[i];backtarcking(candidates,candidatesSize,target,sum,i);sum-=candidates[i];pathTop--;}
}
int** combinationSum(int* candidates, int candidatesSize, int target, int* returnSize, int** returnColumnSizes) {path=(int*)malloc(sizeof(int)*50);ans=(int**)malloc(sizeof(int*)*200);length=(int*)malloc(sizeof(int)*200);pathTop=ansTop=0;backtarcking(candidates,candidatesSize,target,0,0);*returnSize=ansTop;*returnColumnSizes=(int*)malloc(sizeof(int)*ansTop);for(int i=0;i<ansTop;i++)(*returnColumnSizes)[i]=length[i];return ans;
}