合适的枚举内容：

NC16593 [NOIP2011]铺地毯：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[10000][4];
int main(){int n;cin>>n;for(int i=1;i<=n;i++){cin>>a[i][0]>>a[i][1]>>a[i][2]>>a[i][3];}int x,y;cin>>x>>y;for(int i=n;i;i--){if(x>=a[i][0]&&x<=a[i][0]+a[i][2]&&y>=a[i][1]&&y<=a[i][1]+a[i][3]){cout<<i<<endl;return 0;}}cout<<-1<<endl;return 0;
}

   一开始像要开个数组模拟过程，但明显会超时，又想到查询只有一次，那么我们便可以从最后铺上的地毯开始向前枚举，如果按这个顺序枚举到了就一定是答案，如果到尾都没枚举到就是没地毯。

合适的枚举内容：

NC16438 回文日期：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
bool islunar(int y){return (y%4==0&&y%100!=0)||(y%400==0);
}
bool check(int year,int month,int day){if(month>12||month==0) return false;if(day>31) return false;if(month==2){if(islunar(year)&&day>29)return false;if(!islunar(year)&&day>28)return false;}if(month==4||month==6||month==9||month==11){if(day>30) return false;}return true;
}
int main()
{int x,y,i,ans=0;cin>>x>>y;int a,b,c,d,e,f,g,h;//8位数字int year,month,day;bool flag=false;for(i=x;i<=y;i++){year=i/10000;month=(i%10000)/100;day=i%100;a=i%10;b=(i/10)%10;c=(i/100)%10;d=(i/1000)%10;e=(i/10000)%10;f=(i/100000)%10;g=(i/1000000)%10;h=(i/10000000)%10;if(a==h&&b==g&&c==f&&d==e){if(check(year,month,day)){ans++;}}}cout<<ans<<endl;return 0;
}

模拟时间推进的过程，在枚举过程中判断回文并计数。

前缀和和差分：

NC16649 校门外的树+NC24636 值周：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[100000005];
int main(){int l,m,ans=0;cin>>l>>m;for(int i=0;i<=m;i++){int x,y;cin>>x>>y;a[x]++;a[y+1]--;}for(int i=0;i<=l;i++){a[i]+=a[i-1];if(a[i]==0)ans++;}cout<<ans<<endl;return 0;
}

两个题题目大意相同，但数据范围不同，这边直接放上数据大的题，这题用差分可以很好写出来，只要找出差分数组的前缀和数组中值为0的个数就为答案。

 [CQOI2009]中位数图：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[100005],l[100005],r[100005],aa[200005];
int n,b;
int main(){int res;cin>>n>>b;for(int i=1;i<=n;i++){cin>>a[i];if(a[i]>b)a[i]=1;else if(a[i]==b)res=i;else a[i]=-1;}int sum=0,ans=1;for(int i=res-1;i>=1;i--){sum+=a[i];aa[n+sum]++;if(sum==0)ans++;//cout<<sum<<endl;}sum=0;for(int i=res+1;i<=n;i++){sum+=a[i];ans+=aa[n-sum];if(sum==0)ans++;//cout<<sum<<endl;}cout<<ans<<endl;return 0;
}

这题要求中位数为b的子序列，因为子序列个数为奇数，所以子序列中一定含有b，所以我们只用讨论包含b的子序列，不妨先确定b在子序列中，在分别向两边讨论，我们将大于b的数变为1，小于的变为-1，所以只要这段序列的和为0（不包含b）即为答案的一种情况。这边要讨论两种，一种是一边为0，一种是两边之和为0，最后求出的即为答案。

NC20032 激光炸弹：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[5005][5005];
int main(){int n,r,ans=0;cin>>n>>r;for(int i=1;i<=n;i++){int x,y,v;cin>>x>>y>>v;a[x][y]+=v;//cout<<a[x][y]<<endl;}for(int i=0;i<=5000;i++){for(int j=0;j<=5000;j++){if(i==0&&j==0){a[i][j]=a[i][j];}else if(i==0)a[i][j]+=a[i][j-1];else if(j==0)a[i][j]+=a[i-1][j];else a[i][j]+=a[i-1][j]+a[i][j-1]-a[i-1][j-1];//cout<<a[i][j]<<" ";if(i>=r-1&&j>=r-1){if(i==r-1&&j==r-1)ans=max(a[i][j],ans);else if(i==r-1)ans=max(a[i][j]-a[i][j-r],ans);else if(j==r-1)ans=max(a[i][j]-a[i-r][j],ans);else ans=max(a[i][j]-a[i-r][j]-a[i][j-r]+a[i-r][j-r],ans);}}//cout<<endl;}cout<<ans;return 0;
}

通过二维前缀和来表示炸弹在该位置爆炸得到的价值，最后还原为爆炸范围大小的块来枚举答案，

NC207053 二分：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
map<int,int> a;
int inf=0x3f3f3f3f;
int main(){int n;cin>>n;for(int i=0; i<n; i++){int x;char op;cin>>x>>op;if(op=='.')a[x]++,a[x+1]--;if(op=='+')a[x]--,a[-inf]++;if(op=='-')a[x+1]++;}int temp=0,ans=0;for(auto it:a){//遍历maptemp+=it.second;//加上每个map对应的值ans=max(temp,ans);}cout<<ans<<endl;return 0;
}

这题和二分一点关系都没有，我们首先建立一个map来离散化的表示一个数组，数组的值表示该点满足的裁判所说话的数量，最后我们枚举map，最大的值就是裁判最多有多少个回答是正确的（因为该点可以满足这些情况）。最后数组我们就根据裁判的话来建立，如下

1. 裁判说数大了，那么裁判说对的取值范围是(-∞,a]
2. 裁判说数小了，那么裁判说对的取值范围是[a,+∞)
3. 裁判说数一样，那么裁判说对的取值范围是[a,a]

最后得出答案。

NC50937 货仓选址：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1e5 + 10;
int a[N];
int main(){int n;cin>>n;for(int i=0;i<n;i++)cin>>a[i];sort(a,a+n);int ans=0,l=0,r=n-1;while(l<r) ans+=a[r--]-a[l++];cout<<ans;return 0;
}

将位置排序后知把货仓放在数组中间是正确的选择，如果为奇数则中间那个距离为0，剩下的两两配对（最小的和最大的，第二小的和第二大的）。最后易得答案。

后记：

   这些题难度还算可以，不过我看后面题难度在慢慢加大。