文章目录
- 差分概述
- 题目描述
- 解题思路
- 实现代码
差分概述
- 在我的博文 算法刷题笔记 前缀和和 算法刷题笔记 子矩阵的和 中,曾介绍了前缀和算法。前缀和是指对于一个原始数组,我们构建一个含有相同元素个数的辅助数组,其中辅助数组的下标为
i
的元素,是原始数组中下标为零的元素一直到下标为i
的元素的求和结果。 - 差分算法可以认为是前缀和算法的逆运算。对于原始数组,同样构造一个和该数组元素个数相同的辅助数组,其中辅助数组的第一个元素和原始数组相同,之后辅助数组中下标为
i
的元素即为原始数组中下标为i
的元素和下标为i-1
的元素的差。这样,将辅助数组中的前i
项相加后,得到的结果即为原始数组中的第i
项元素。 - 差分的主要应用场景为:当需要多次对一个数组中不同段的元素都加上一个数时,直接使用原始数组的运算时间复杂度会更高,而使用差分数组的运算复杂度会更低。
题目描述
- 输入一个长度为
n
的整数序列。 - 接下来输入
m
个操作,每个操作包含三个整数l,r,c
,表示将序列中[l,r]
之间的每个数加上c
。 - 请你输出进行完所有操作后的序列。
输入格式
- 第一行包含两个整数
n
和m
。 - 第二行包含
n
个整数,表示整数序列。 - 接下来
m
行,每行包含三个整数l
,r
,c
,表示一个操作。
输出格式
- 共一行,包含
n
个整数,表示最终序列。
数据范围
1 ≤ n,m ≤ 100000
,1 ≤ l ≤ r ≤ n
,−1000 ≤ c ≤ 1000
,−1000 ≤ 整数序列中元素的值 ≤ 1000
解题思路
- 第一步:数据输入。首先获取用户输入的n和m,并存储原始数组。考虑到执行效率,选用C语言中效率更高的
scanf
函数输入,而非C++中的cin
输入;由于数组的大小不会超过100000
,因此构建一个大小为100010
的静态数组(大10
个单元防止越界)。 - 第二步:构建差分数组。按照差分数组的定义构建差分数组即可。
- 第三步:执行区间加法。为了将原始数组内某个区间内的所有元素都增加一个值,只需要将辅助数组中区间左端点增加该值,然后在右端点删除该值即可。
- 第四步:结果输出。通过迭代求和,输出最终处理完成的原始数组。
实现代码
#include <cstdio>const int N(1e5 + 10);
int arr[N];
int dif_arr[N];int main(void)
{//原始数组输入部分int n, m;scanf("%d %d", &n, &m);int x;for(int i(0); i < n; ++i) scanf("%d", &arr[i]);//差分数组构造部分dif_arr[0] = arr[0];for(int i(1); i < n; ++i) dif_arr[i] = arr[i] - arr[i-1];//操作输入部分int l, r, c;for(int i(0); i < m; ++i) {scanf("%d %d %d", &l, &r, &c);dif_arr[l - 1] += c;dif_arr[r] -= c;}//结果输出部分int sum = 0;for(int i(0); i < n; ++i) {sum += dif_arr[i];printf("%d ", sum);}return 0;
}