一、移位的妙用

1.位1的个数

思路：

利用一个数和1与操作，结果就是最低位的特点，每次右移都能知道一位是不是1

public class Solution {// you need to treat n as an unsigned valuepublic int hammingWeight(int n) {int count = 0;for(int i = 0;i<32;i++){count += (n >> i) & 1;}return count;  }
}

n-1 将最低位的 '1' 变为 '0'，并将低位的 '0' 变为 '1'，然后与 n 进行按位与运算，即可将最低位的 '1' 置为 '0'。这个算法的精妙之处在于，它不需要遍历所有的位，而是通过不断地将最低位的 '1' 置为0来计算 '1' 的个数，从而实现了高效的计算。这对于处理大量二进制数据的情况非常有用。

public class Solution {// you need to treat n as an unsigned valuepublic int hammingWeight(int n) {int count = 0;while((n != 0)){n = n&(n-1);count++;}return count;  }
}

2.比特位计数

思路：从0到n循环执行求位1的个数

class Solution {public int[] countBits(int n) {int[] ans = new int[n+1];for(int i = 0;i<=n;i++){int num = i;while(num > 0){ans[i]++;num = num & (num-1);}}return ans;}
}

3.颠倒二进制位

思路：不断将 n 的最低位复制到结果的对应位置，实现了二进制位的翻转。值得注意的是，这里处理的是无符号整数，因此不需要考虑符号位，Java使用逻辑移位符号>>>

public int reverseBits(int n) {int res = 0; // 用于存储翻转后的结果int pos = 31; // 由于 int 是32位，所以从最高位开始处理，即第31位while (pos >= 0) { // 从最高位向最低位循环处理res += (n & 1) << pos; // (n & 1) 取得 n 的最低位，并将其左移 pos 位pos--; // 处理下一位n = n >>> 1; // 右移 n，去掉已经处理过的最低位}return res; // 返回翻转后的结果
}

 二、位实现加减乘除专题

1.两数之和

思路：进位求和+不进位求和

1. 进入 while 循环，只要 b 不等于0，就继续执行。这个循环会一直执行，直到没有进位产生，也就是 b 变成0。

2. 在循环中，首先计算进位 carry。进位是通过将 a 和 b 进行按位与操作 a & b，然后将结果左移一位 << 1 得到的。这一步模拟了进位的计算。

3. 接下来，通过异或操作 a ^ b 求得不包括进位的和。异或操作可以将两个数相加，但不考虑进位。

4. 将进位 carry 的值赋给 b，以便将进位传递到下一轮循环。

5. 继续循环，直到没有进位产生，也就是 b 变成0。

6. 最后，返回 a，即最终的和。

class Solution {public int getSum(int a, int b) {while(b != 0){int carry = (a&b)<<1;a = a ^ b;b = carry;}return a;}
}

以123+623为例：

1. 初始状态：a = 123（二进制 1111011），b = 623（二进制 1001110111）。

2. 进入循环，b 不等于 0：

   - 计算进位 `carry`：(a & b) << 1 = (1111011 & 1001110111) << 1 = (1001011) << 1 = 10010110。

   - 计算不包括进位的和 `a`：a = a ^ b = 1111011 ^ 1001110111 = 1001010100。

   - 将进位传递给 `b`：b = carry = 10010110。

3. 进入下一轮循环，b 不等于 0：

   - 计算进位 `carry`：(a & b) << 1 = (1001010100 & 10010110) << 1 = 10000000 << 1 = 100000000。

   - 计算不包括进位的和 `a`：a = a ^ b = 1001010100 ^ 10010110 = 1001110010。

   - 将进位传递给 `b`：b = carry = 100000000。

4. 进入下一轮循环，b 不等于 0：

   - 计算进位 `carry`：(a & b) << 1 = (1001110010 & 100000000) << 1 = 100000000 << 1 = 1000000000。

   - 计算不包括进位的和 `a`：a = a ^ b = 1001110010 ^ 100000000 = 1001110010。

   - 将进位传递给 `b`：b = carry = 1000000000。

5. 进入下一轮循环，b 不等于 0：

   - 计算进位 `carry`：(a & b) << 1 = (1001110010 & 1000000000) << 1 = 1000000000 << 1 = 10000000000。

   - 计算不包括进位的和 `a`：a = a ^ b = 1001110010 ^ 1000000000 = 1001110010。

   - 将进位传递给 `b`：b = carry = 10000000000。

6. 进入下一轮循环，b 不等于 0：

   - 计算进位 `carry`：(a & b) << 1 = (1001110010 & 10000000000) << 1 = 0 << 1 = 0。

   - 计算不包括进位的和 `a`：a = a ^ b = 1001110010 ^ 0 = 1001110010。

   - 将进位传递给 `b`：b = carry = 0。

7. 进入下一轮循环，b 等于 0，循环结束。

8. 返回最终结果 `a`，即 1001110010 对应的十进制数，结果是 746。

所以，123 + 623 的结果是 746，这个算法成功地完成了加法操作。

2.递归乘法

普通解法，将乘法转换成多次加法

class Solution {public int multiply(int A, int B) {int res = 0;if(A>B){int t = A;A = B;B =t;}while(A-->0){res += B;}return res;}
}

思路：【优化】将两个数相乘的过程转化为一系列的加法和移位操作，从而减少了乘法运算的次数

n = a0*2^0 + a1*2^1 + a2*2^2 + a3*2^3........+ak*2^k

拆分成2的幂的和的方法是将乘法操作分解成了多次左移和加法操作，这是一种基于二进制的思考方式，也是快速乘法的一部分。

举例说明：13 * 12 = 13 * (8 + 4) = 13 * 8 + 13 * 4 = (13 << 3) + (13 << 2)

这个示例中，我们首先将12分解为8和4，然后用13分别乘以8和4。在二进制视角下，8可以表示为2的三次方（8 = 2^3），4可以表示为2的二次方（4 = 2^2）。因此，我们可以将这个乘法操作分解为两个左移和相加的操作。

1. 首先，将13左移3位，得到13 * 8 = (13 << 3)。
2. 接下来，将13左移2位，得到13 * 4 = (13 << 2)。
3. 最后，将这两个部分相加，即(13 << 3) + (13 << 2)，就得到了13 * 12的结果。

这种方法充分利用了二进制的特性，通过左移和相加的方式来实现乘法操作，从而提高了计算效率。

1. 首先，将13和12转换为二进制数。13的二进制表示是1101，12的二进制表示是1100。

2. 初始化结果为0。

3. 从右往左，第一个数为0，进行2次幂，13*2。

4. 第二个数的最右位是0，进行2次幂,13*2*2。

5. 第二个数的下一位是1，乘数的二进制现在为0011，这时我们将结果加上，（最低位碰到1说明一次拆分完成要相加了）结果变为13*2*2（进行了4次加法）。

6. 乘数对半减小0001，被乘数进行2次幂，13*2*2*2

7. 接下来是第三位，同样是1，这时将结果再次加上13*2*2*2（8次加法），结果变为13*2*2（4次）+13*2*2*2（8次）。

8. 最后一位是0，不进行任何操作。

9. 现在，我们已经完成了所有位的计算，结果是13*12。

例如：14*127（11111111）/ (1+2+4+8+16+32+64)

14*127 = 14*1+14*2+14*4+14*8+14*16+14*32+14*64

14*125（11111101）= 14*1+14*4+14*8+14*16+14*32+14*64

class Solution {public int multiply(int A, int B) {int min = Math.min(A,B);int max = Math.max(A,B);int ans = 0;while(min!=0){//奇数相加if((min&1) == 1){ans += max;}min = min >> 1; //对半减小乘数max += max; //进行2的幂次}return ans;}
}