T1:标题统计

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题目大意

输入一个字符串，求字符串除了空格的字符个数

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解题思路

这种考你会不会编程的题不会？

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code

#include<cstdio>
#include<string>
#include<iostream>
using namespace std;
int ans;
string c;
int main()
{getline(cin,c);int l=c.size();for(int i=0;i<l;i++)ans+=(c[i]!=' '&&c[i]!='\n');printf("%d",ans);
}

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T2:龙虎斗

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题目大意

一个长度为n序列，被中间点m分成两半，m左边和m右边。
左边战斗力为
$$\sum _{i=1}^{m-1}(m-i)\ast a_i$$
$$\sum _{i=m+1}^n(i-m)\ast a_i$$
找到一个数值加$s2$，使两边的战斗力之差最小

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解题思路

先处理好两边战斗力
暴力枚举位置。注意要用longlong

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code

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define N 100010
#define lls long long
using namespace std;
lls n,c[N],m,p1,s1,s2,ans1,ans2,mins,mark;
int main()
{scanf("%lld",&n);for(lls i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&c[i]);scanf("%lld%lld%lld%lld",&m,&p1,&s1,&s2);c[p1]+=s1;for(lls i=1;i<m;i++)ans1+=c[i]*(m-i);for(lls i=m+1;i<=n;i++)ans2+=c[i]*(i-m);mark=0;mins=1e19;for(lls i=1;i<m;i++){if(abs(ans1+s2*(m-i)-ans2)<mins){mark=i;mins=abs(ans1+s2*(m-i)-ans2);}}for(lls i=m+1;i<=n;i++){if(abs(ans1-ans2-s2*(i-m))<mins){mark=i;mins=abs(ans1-ans2-s2*(i-m));}}if((mins==abs(ans1-ans2)&&mark<m)||mins<abs(ans1-ans2)) printf("%lld",mark);else printf("%lld",m);
}

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T3:摆渡车

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题目大意

n个人，有不同的到达时间。一辆车，来回一次要$mmin$。安排一个来回时间，使所有人等待时间之和最小。

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解题思路

我们可以发现m很小可是t却很大。所有我们不一定要从t入手。因为一个人会影响到他的只有之前的$m-1min$。
用$f_{i,j}$表示第i个人等了j的等待时间总数。然后我们枚举i和枚举上一班车的最后一个人j。之后枚举那个人等了多久k。我们就可以计算出这个人上车最少等待时间
$$t_j+k+m-t_i$$
然后我们可以更新$f_{i,w}$
fi,w=min{fi,w,fj,k+sj+1,i+(i−j)∗w}f_{i,w}=min\{f_{i,w},f_{j,k}+s_{j+1,i}+(i-j)*w\}fi,w​=min{fi,w​,fj,k​+sj+1,i​+(i−j)∗w}
其中用$s_{i,j}$表示i到j的人都等第j个人上车需要的时间

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code

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define N 510
#define M 210
using namespace std;
int n,m,t[N],s[N][N],f[N][M],ans;
int main()
{scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&t[i]);sort(t+1,t+1+n);for(int i=1;i<n;i++)//预处理sfor(int j=i+1;j<=n;j++)for(int k=i;k<j;k++)s[i][j]+=t[j]-t[k];memset(f,0x3f3f3f3f,sizeof(f));t[0]=-2e9;for(int i=0;i<=m;i++)//初始化{f[0][i]=0;f[1][i]=i;}for(int i=2;i<=n;i++)//dpfor(int j=0;j<i;j++)for(int k=0;k<=m;k++){int w=t[j]+k+m-t[i];if(w>0)f[i][w]=min(f[i][w],f[j][k]+s[j+1][i]+(i-j)*w);else//特判防越界f[i][0]=min(f[i][0],f[j][k]+s[j+1][i]);}ans=2e9;for(int i=0;i<=m;i++)ans=min(ans,f[n][i]);printf("%d\n",ans);
}

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T4:对称二叉树

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题目大意

一棵n个点的二叉树，每个点有不同的权值。一棵树对称就是整棵树的左右子节点互换之和长的和之前一样。求这棵树上最大的一颗对称二叉树。

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解题思路

对于每个点我们给他两个特征值
$$z{1}_i=lso{n}_i\ast 2+rso{n}_i+w_i\ast 4$$
$$z{2}_i=lso{n}_i+rso{n}_i\ast 2+w_i\ast 4$$
lson:这个点有没有左子节点
rson:这个点有没有右子节点
然后先左后右的跑一边，记录跑到的点的z1和这颗子树包含的范围。
再先右后左的跑一边，记录跑到的点的z2和这颗子树包含的范围。
之后对于每个节点用字符串hash判断一下z1对于范围是否和z2对应范围相等，如果相等那么这棵子树就是一颗对称二叉树。

时间负责度:$O(n)$

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code

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define N 1000010
#define p 10007
#define ull unsigned long long
using namespace std;
int sz[N],a1[N],b1[N],e1[N],a2[N],b2[N],e2[N],z[N],f[N];
int maxs,n,tot,ls[N],rs[N],w[N];
ull hash1[N],hash2[N],pows[N];
void read(int &x)
{char c;bool flag=false;while(c=getchar())if((c>='0'&&c<='9')||c=='-') break;if(c!='-')x=c-48;else flag=true;while(c=getchar())if(c>='0'&&c<='9') x=x*10+c-48;else break;if(flag) x=-x;
}
void dfs1(int x)
{sz[x]=1;a1[++tot]=z[x];b1[x]=tot;if(ls[x]!=-1)dfs1(ls[x]);if(rs[x]!=-1)dfs1(rs[x]);sz[x]+=sz[ls[x]]+sz[rs[x]];e1[x]=tot;
}
void dfs2(int x)
{if(x==-1) return;a2[++tot]=f[x];b2[x]=tot;if(rs[x]!=-1)dfs2(rs[x]);if(ls[x]!=-1)dfs2(ls[x]);e2[x]=tot;
}
ull hash1z(int l,int r)
{return hash1[r]-hash1[l-1]*pows[r-l+1];}
ull hash2z(int l,int r)
{return hash2[r]-hash2[l-1]*pows[r-l+1];}
bool check(int x)
{if(sz[ls[x]]!=sz[rs[x]]) return false;int l1=b1[x],r1=e1[x],l2=b2[x],r2=e2[x];if(hash1z(l1,r1)==hash2z(l2,r2)) return true;return false;
}
int main()
{read(n);for(int i=1;i<=n;i++)read(w[i]);for(int i=1;i<=n;i++){read(ls[i]);read(rs[i]);//fa[ls[i]]=fa[rs[i]]=i;z[i]=((ls[i]!=-1)<<1)+(rs[i]!=-1)+w[i]*4;f[i]=((rs[i]!=-1)<<1)+(ls[i]!=-1)+w[i]*4;//计算特征值}dfs1(1);//正搜tot=0;dfs2(1);//反搜pows[0]=1;for(int i=1;i<=n;i++){pows[i]=pows[i-1]*p;hash1[i]=hash1[i-1]*p+a1[i];hash2[i]=hash2[i-1]*p+a2[i];}//字符串哈希for(int i=1;i<=n;i++)//枚举节点if(check(i))//判断相等maxs=max(maxs,sz[i]);printf("%d",maxs);
}