题意：多次询问，每次询问某区间的第k小数。

可持久化线段树：

掺杂了一点前缀和的思想，对于每一个1 ~ i 的区间都建一个树，每个节点存的都是一个线段树，值存的是当前区间中初始数组按大小排序后[l, r]之间的数的个数，这个l，r指的是每个节点的左右端点。如果想求[l, r]区间内的第k小数，只需要同时遍历[1，l - 1] 以及 [1, r] 两个版本的线段树，因为即使版本不同，线段树的结构是不变的，所以可以发现，如果某个节点区间在老版本里面已经出现了x个数，那么在新版本中的当前区间需要减去x这样才是我们所求的区间里面数的数量，通过查找第k个数的位置找到第k小的数是哪个。

有点乱，直接看代码吧。

using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
typedef pair<int, string> pis;
const int mod = 1e9 + 7;
const int N = 2e6+ 10;
int dx[] = {-1, 0, 1, 0, -1, 1, 1, -1};
int dy[] = {0, 1, 0, -1, 1, 1, -1, -1};
int n, m, idx;
int o[N], root[N];
struct node{int l, r;int cnt;
}tr[N];
vector<int> nums;int find(int x){//找到对应的离散值return lower_bound(nums.begin(), nums.end(), x) - nums.begin();
}int build(int l, int r){// 建树int p = ++ idx;// 给当前节点分配序号if(l == r) return p;// 区间不可再分，直接返回当前节点序号即可int mid = l + r >> 1; // 找到区间的中点tr[p].l = build(l, mid), tr[p].r = build(mid + 1, r);// 分别对左右儿子进行建树return p;// 将当前树的序号返回
}int insert(int p, int l, int r, int x){// 插入某个元素，p为上一个版本的当前区间的树序号int q = ++ idx;// 为当前子树分配序号tr[q] = tr[p];  // 继承老版本中当前子树的信息if(l == r) {// 需要修改的就是当前位置，将cnt加一即可tr[q].cnt ++;return q;}int mid = l + r >> 1;if(x <= mid) tr[q].l = insert(tr[p].l, l, mid, x);// 需要插入得位置在左儿子else tr[q].r = insert(tr[p].r, mid + 1, r, x);// 在右儿子tr[q].cnt = tr[tr[q].l].cnt + tr[tr[q].r].cnt; // 更新当前版本的当前区间的cnt状态return q;//返回当前的序号
}int query(int q, int p, int l, int r, int k){// 查询l，r区间的第k小数，q为当前版本，p为老版本if(l == r) return r; // 找到所查元素int cnt = tr[tr[q].l].cnt - tr[tr[p].l].cnt;// 通过新老版本的差可以得出当前区间的真实数量int mid = l + r >> 1;if(k <= cnt) return query(tr[q].l, tr[p].l, l, mid, k);// 再左儿子查左儿子，更新新老版本的左儿子树的序号else return query(tr[q].r, tr[p].r, mid + 1, r, k - cnt);// 更新右儿子树的序号，以及新的k的状态
}inline void sovle() {cin >> n >> m;for(int i = 1; i <= n; i ++){cin >> o[i];nums.push_back(o[i]);}sort(nums.begin(), nums.end());nums.erase(unique(nums.begin(), nums.end()), nums.end());//以上都是在进行离散化操作root[0] = build(0, nums.size() - 1);// 建立一个空的线段树，用于下一次操作继承，哨兵作用for(int i = 1; i <= n; i ++) // 没差一次就建立一个新版本的树root[i] = insert(root[i - 1], 0, nums.size() - 1, find(o[i]));while(m --){int l, r, k;cin >> l >> r >> k;int i = query(root[r], root[l - 1], 0, nums.size() - 1, k);//查询操作cout << nums[i] << endl;	}
}signed main(void) {IOS;int t = 1;
//	cin >> t;while(t --) sovle();return 0;
}