2024.06.30 刷题日记

121. 买卖股票的最佳时机

实例 1:

输入:[7,1,5,3,6,4]
输出:5
解释:在第 2 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 5 天(股票价格 = 6)的时候卖出,最大利润 = 6-1 = 5 。注意利润不能是 7-1 = 6, 因为卖出价格需要大于买入价格;同时,你不能在买入前卖出股票。

示例 2:

输入:prices = [7,6,4,3,1]
输出:0
解释:在这种情况下, 没有交易完成, 所以最大利润为 0。

思路就是,一边遍历,一边更新 maxProfit,然后更新 历史最低价,并期望在未来能获得最大利润:

class Solution {
public:int maxProfit(vector<int>& prices) {int min = prices[0], maxProfit = 0;for (int price : prices) {maxProfit = price > min && price - min > maxProfit ? price - min: maxProfit;min = price < min ? price : min;}return maxProfit;}
};

55. 跳跃游戏

示例 1:

输入:nums = [2,3,1,1,4]
输出:true
解释:可以先跳 1 步,从下标 0 到达下标 1, 然后再从下标 1 跳 3
步到达最后一个下标。

示例 2:

输入:nums = [3,2,1,0,4]
输出:false
解释:无论怎样,总会到达下标为 3 的位置。但该下标的最大跳跃长度是 0,所以永远不可能到达最后一个下标。

思路是一边遍历,一边更新 maxReach

class Solution {
public:bool canJump(vector<int>& nums) {int maxReach = 0;    // 最远可以到达的位置int n = nums.size(); // 数组的长度for (int i = 0; i < n; i++) {if (i > maxReach) {return false;}// 更新最远可以到达的位置maxReach = max(maxReach, i + nums[i]);if (maxReach >= n - 1) {return true;}}return false;}
};

45. 跳跃游戏 II

示例 1:

输入: nums = [2,3,1,1,4]
输出: 2
解释: 跳到最后一个位置的最小跳跃数是 2。从下标为 0 跳到下标为 1 的位置,跳 1 步,然后跳 3 步到达数组的最后一个位置。

示例 2:

输入: nums = [2,3,0,1,4]
输出: 2

这道题目返回的是,最小的跳跃次数。应该思考,什么时候次数+1?答案是,当 i 遍历到currentEnd 的时候,就意味着还需要再跳一次。当然这个确定再跳一次后,可以提前结束。

class Solution {
public:int jump(vector<int>& nums) {int len = nums.size();if (len == 1) return 0;int maxReach = 0, times = 0;int currentEnd = 0;for (int i = 0; i < len; i++) {maxReach = max(maxReach, i + nums[i]);// 更新if (i == currentEnd) {times++;currentEnd = maxReach;if (currentEnd >= len - 1)break;}}return times;}
};

总结

1. 买卖股票的最佳时机(LeetCode 121)

问题描述:找到一次交易(买入和随后的卖出)能获得的最大利润。

解题思路

  • 维护两个变量minPrice(迄今为止遇到的最低价格)和maxProfit(迄今为止可以获得的最大利润)。
  • 遍历数组:对于数组中的每个价格,更新minPrice。计算如果在该价格卖出的利润,并更新maxProfit

代码实现:在单次遍历中同时更新这两个变量,保证了时间复杂度为O(n),空间复杂度为O(1)。

2. 跳跃游戏(LeetCode 55)

问题描述:判断你是否能够到达数组的最后一个位置。

解题思路

  • 维护一个变量maxReach表示从当前或之前的索引最远能到达的位置。
  • 遍历数组:如果当前索引超过了maxReach,说明存在一点使得无法前进到数组的更远位置,返回false。
  • 及时更新:更新maxReach为当前索引加上在该索引处能跳的最远距离。

代码实现:时间复杂度为O(n),空间复杂度为O(1)。

3. 跳跃游戏 II(LeetCode 45)

问题描述:找出到达数组最后一个位置的最小跳跃次数。

解题思路

  • 类似宽度优先搜索:维护当前跳跃可达的最远边界currentEnd和下一跳可能达到的最远距离maxReach
  • 遍历数组:每次到达currentEnd时,意味着完成了一次跳跃,更新跳跃次数,并将currentEnd更新为maxReach
  • 预先判断:如果在某次跳跃后maxReach已经大于或等于数组最后一个位置,则结束遍历,返回当前跳跃次数。

代码实现:保持O(n)的时间复杂度和O(1)的空间复杂度,每次更新都尽可能延伸到最远距离,同时记录跳跃次数。

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