【Java数据结构】详解LinkedList与链表（二)

1.❤️❤️前言~🥳🎉🎉🎉

2.反转一个单链表

3. 找到链表的中间节点

4.输入一个链表，输出该链表中倒数第k个结点。

5.合并两个有序链表

6.链表分割

7. 判定链表的回文结构

8.输入两个链表，找出它们的第一个公共结点。

9. 判断链表中是否有环

10.返回链表开始入环的第一个节点

11.总结

1.❤️❤️前言~🥳🎉🎉🎉

Hello, Hello~ 亲爱的朋友们👋👋，这里是E绵绵呀✍️✍️。

如果你喜欢这篇文章，请别吝啬你的点赞❤️❤️和收藏📖📖。如果你对我的内容感兴趣，记得关注我👀👀以便不错过每一篇精彩。

当然，如果在阅读中发现任何问题或疑问，我非常欢迎你在评论区留言指正🗨️🗨️。让我们共同努力，一起进步！

加油，一起CHIN UP！💪💪

🔗个人主页：E绵绵的博客
📚所属专栏：

1. JAVA知识点专栏

深入探索JAVA的核心概念与技术细节

2.JAVA题目练习

实战演练，巩固JAVA编程技能

3.c语言知识点专栏

揭示c语言的底层逻辑与高级特性

4.c语言题目练习

挑战自我，提升c语言编程能力

📘 持续更新中，敬请期待❤️❤️

这篇文章我们将给大家带来一些单链表的面试题，都很有意思，来看一下吧。

2.反转一个单链表

给你单链表的头节点 head ，请你反转链表，并返回反转后的链表。

我们的解决方法是依次头插法：

最开始时我们需要将第一个节点的next值变为null，使其变成最后的节点，就产生了新的链表。而后依次将原始链表中的第二个节点，第三个节点直至最后一个节点头插到新链表中。

这样就翻转成功了

完整代码如下：
public void reverseList() {if(head==null)return;ListNode cur=head.next;ListNode prev;head.next=null;while(cur!=null){prev=cur.next;cur.next=head;head=cur;cur=prev;}}

这是该题的链接： 翻转链表

3. 找到链表的中间节点

给你单链表的头结点 head ，请你找出并返回链表的中间结点。

如果有两个中间结点，则返回第二个中间结点。

该题的思路实现是设置两个引用：slow 慢引用和 fast 快引用

fast 和 slow 同时从head开始遍历，但是fast一次走两步，slow一次只走一步，最后我们会发现当 fast遍历完成后，对应的slow正好是链表的中间节点或者第二个中间节点。

fast遍历完成的标志是fast.next=null或者fast=null

完整代码如下：
public ListNode middleNode(ListNode head) {ListNode fast=head;ListNode  slow=head;while(fast!=null&&fast.next!=null){fast=fast.next.next;slow=slow.next;}return slow;
}

该题链接：求链表中间结点

4.输入一个链表，输出该链表中倒数第k个结点。

该题有两种思路

第一种思路：

第二种思路：

所以我们采用第二种思路去做题，且我们还需要注意k的合法性。

整体代码如下：

public ListNode FindKthToTail(ListNode head,int k){
if(head==null){
return null;
}
ListNode fast = head;
ListNode slow = head;
//1.判断k值的合法性
if( k<=0 ){
System.out.println("k值不合法");
return null;
}
//2.让fast 提前走 k-1 步
while(k-1>0){
if(fast == null |l fast.next ==null){
System.out.println("k值不合法”);
return null;
}
fast = fast.next;
k--;
}
while(fast !=null && fast.next != null){
fast = fast.next;slow = slow.next;
return slow;
}
}

该题题目已下架，无链接。

5.合并两个有序链表

将两个升序链表合并为一个新的升序链表并返回。新链表是通过拼接给定的两个链表的所有节点组成的。

解题思路：

1.先创建一个新的链表

2.让cur1 和 cur2遍历两个链表，遇到的节点逐个比较，将值小的节点往新链表的末尾tail进行尾插

3.上述循环结束后，要判断有无链表还有剩余元素，把剩余的元素尾插到新链表的末尾。

完整代码如下：

public  static ListNode mergeTwoLists(ListNode list1, ListNode list2){//将两个有序链表合并为一个有序链表ListNode head1=list1;ListNode head2=list2;ListNode head=new ListNode(-1);ListNode cur=head;while(head1!=null&&head2!=null){if(head1.value>head2.value){cur.next=head2;cur=cur.next;head2=head2.next;}else{cur.next=head1;cur=cur.next;head1=head1.next;}}while(head1!=null){cur.next=head1;cur=cur.next;head1=head1.next;}while(head2!=null){cur.next=head2;cur=cur.next;head2=head2.next;}return head.next;}

该题链接：合并两个有序链表

6.链表分割

现有一链表的头引用 pHead，给一定值x，编写一段代码将所有小于x的结点排在其余结点之前，且不能改变原来的数据顺序，返回重新排列后的链表的头指针。

解题思路：

1.创建两个链表，一个链表尾插值小于x的节点，另一个链表中插值大于等于x的节点

2.遍历原链表，将链表中的节点往两个新链表中尾插

3.将两个链表拼接

但是这种思路仍然存在较大的问题，什么问题呢?

1.我们传入的x值比节点中val都大或者都小，那么存在一个问题就是有一个链表中的内容为空，那么按照上面的思路走时，必然会出现空指针异常的情况。

解决方法: 当第一个区间为空时,那么直接返回ca

2.最后一个节点分到小于x的区间，那么最后一个节点的next并不是null，所以此时我们必须手动将 cb.next=null; 预防最后一个节点的next不是null，从而报错。

完整代码如下：

  public static ListNode partition(ListNode pHead, int x) {//给一定值x，该方法将所有小于x的结点排在其余结点之前，且不能改变原来的数据顺序，返回重新排列后的链表的头指针。if(pHead==null)return  null;ListNode cur=pHead;ListNode  sa=null;ListNode  sb=null;   //小于x的结点所在链表ListNode  ca=null;ListNode  cb=null; //大于x的结点所在链表while(cur!=null){if(cur.value<x){if(sa==null){sa=cur;sb=cur;cur=cur.next;}else{sb.next=cur;sb=cur;cur=cur.next;}}else{if(ca==null){ca=cur;cb=cur;cur=cur.next;}else{cb.next=cur;cb=cur;cur=cur.next;} }}//拼接两个链表if(sa==null)return  ca;//如果不存在小于X的结点，则直接返回大于x的链表，否则按如下执行会报错if(ca!=null)cb.next=null;//将链表中的最后一个结点的next值变为null，防止其循环从而报错sb.next=ca;return sa;}

题目链接：链表分割_牛客题霸_牛客网

7. 判定链表的回文结构

解题思路实现：

1.找到链表的中间节点，找中间节点:采用快慢指针就行了
2.对链表的后半部分进行反转

3.将两个链表从前往后逐个节点进行比对，如果比对之后发现所有节点的值域都相同，则是回文链表，否则不是.

并且在循环时还需注意当链表为奇数或偶数时，判定循环结束的标志不同：

奇数是head==slow时结束

偶数是head.next=slow时结束

所以完整代码如下：

public static  boolean checkPalindrome(ListNode A) {//判断链表是否为回文结构if(A==null||A.next==null)return true;ListNode slow=A;ListNode fast=A;while(fast!=null&&fast.next!=null){fast=fast.next.next;slow=slow.next;}ListNode cur=slow.next;while(cur!=null){ListNode  curnext=cur.next;cur.next=slow;slow=cur;cur=curnext;}ListNode head=A;while(head!=slow){if(head.value!=slow.value)return false;if(head.next==slow)return true;head=head.next;slow=slow.next;}return true;}

注意:在执行完该方法后链表结构会被破坏掉，之后如果还对该链表进行操作，结果会和我们预想的结果不一样。

该题链接：链表的回文结构_牛客题霸_牛客网

8.输入两个链表，找出它们的第一个公共结点。

给你两个单链表的头节点 headA 和 headB ，请你找出并返回两个单链表相交的起始节点。如果两个链表不存在相交节点，返回 null 。

下面是两个节点相交的各类情况：

从上述链表相交的情况看出，两个单链表只要相交，从交点开始，到其后续所有的节点都是两个链表中公共的节点
检测两个链表是否相交:分别找到两个链表中的最后一个节点，然后检测这两个节点的地址是否相同即可：如果地址相同则相交，否则不相交

解题思路：

1.让较长的链表先走两个链表的差值步数

2.再让两个链表同时往后走，直到遇到地址相同的交点，没有则返回null

  public static  ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {//给你两个单链表的头节点 headA 和 headB ，找出并返回两个单链表相交的起始节点。if(headA==null||headB==null)return null;ListNode cur1=headA;ListNode cur2=headB;int length1=0;int length2=0;while(cur1!=null){length1++;cur1=cur1.next;}while(cur2!=null){length2++;cur2=cur2.next;}cur1=headA;cur2=headB;if(length1>length2){for(int i=0;i<length1-length2;i++){cur1=cur1.next;}}else{for(int i=0;i<length2-length1;i++){cur2=cur2.next;}}while(cur1!=null){if(cur1==cur2)return cur1;cur1=cur1.next;cur2=cur2.next;}return null;}

题目链接：找出两个链表的第一个公共节点

9. 判断链表中是否有环

给你一个链表的头节点 head ，判断链表中是否有环。

解题思路：

设计快慢指针去解决，即慢指针一次走一步，快指针一次走两步，两个指针从链表起始位置开始运行，如果链表带环则一定会在环中相遇，否则快指针率先走到链表的末尾。

扩展问题：

1.为什么快指针每次走两步，慢指针走一步可以？

假设链表带环，两个指针最后都会进入环，快指针先进环，慢指针后进环。当慢指针刚进环时，可能就和快指针相遇了，最差情况下两个指针之间的距离刚好就是环的长度。此时，两个指针每移动一次，之间的距离就缩小一步，不会出现始终相遇不到的情况，因此：在慢指针走到一圈之前，快指针肯定是可以追上慢指针的，即相遇。

2.快指针一次走3步，走4步，...n步行吗？

假设:快指针每次走3步，满指针每次走一步，此时快指针肯定先进环，慢指针后来才进环。假设慢指针进环时候，快指针的位置如图所示:

此时按照上述方法来绕环移动，每次快指针走3步，慢指针走1步，它们是永远不会相遇的，因此不行。
只有快指针走2步，慢指针走一步才可以，因为每移动一次，它们之间的距离就缩小一步，无论如何都能相遇。

所以我们在环问题中设置快慢指针，都是将快指针设置为一次两步，慢指针一次一步，这样当存在圈时无论如何都会相遇。

完整代码如下：

 public static  boolean hasCycle(ListNode head) {//给你一个链表的头节点 head ，判断链表中是否有环。if(head==null||head.next==null)//只有一个节点时默认绝对不存在环return false;ListNode slow=head;ListNode  fast=head;while(fast!=null&&fast.next!=null){fast=fast.next.next;slow=slow.next;if(slow==fast)return true;}return false;}

题目链接：判断链表中是否有环

10.返回链表开始入环的第一个节点

给定一个链表的头节点 head ，返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环，则返回 null。

解题思路：

设计一个慢指针，一个快指针，快指针一次两步，慢指针一次一步。使两指针相遇而后让一个指针从链表起始位置开始遍历链表，同时也让一个指针从相遇点的位置开始绕环运行，两个指针都是每次均走一步，最终肯定会在入口点的位置相遇。

它们肯定会在入口点相遇的证明如下：

上图中的H为链表的起始点，E为环入口点，M为慢速指针相遇点，设环的长度为R，H到E的距离为L ，E到M的距离为X，则M到E的距离为R-X
在快慢指针相遇过程时，快慢指针相遇时所走的路径长度:
fast:L +X + nR slow:L+ X
注意:

1.当慢指针进入环时，快指针可能已经在环中绕了n圈了，n至少为1。

因为:快指针先进环走到M的位置，最后又在M的位置与慢指针相遇
2.慢指针进环之后，快指针肯定会在慢指针走一圈之内追上慢指针

因为:慢指针进环后，快慢指针之间的距离最多就是环的长度，而两个指针在移动时，每次它们至今的距离都缩减一步，因此在慢指针移动一圈之前快指针肯定是可以追上慢指针的
而快指针速度是满指针的两倍。

所以有如下关系是:

2 *(L+X)=L+X+nR

L+X=nR

L=nR-X(n为1,2,3,4..……，n的大小取决于环的大小，环越小n越大)
极端情况下，假设n=1，此时:L=R-X

所以由此得知一个指针从链表起始位置运行，一个指针从相遇点位置绕环，每次都走一步，两个指针无论如何最终都会在入口点的位置相遇。

完整代码如下：

public static  ListNode detectCycle(ListNode head) {//给定一个链表的头节点 head ，返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环，则返回 null。if(head==null||head.next==null)return null;ListNode slow=head;ListNode  fast=head;while(fast!=null&&fast.next!=null){fast=fast.next.next;slow=slow.next;if(slow==fast){slow=head;while(slow!=fast){slow=slow.next;fast=fast.next;}return slow;}}return null;}