LeetCode 585, 438, 98

585. 2016年的投资

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585. 2016年的投资

表

表Insurance的字段为pid、tiv_2015、tiv_2016、lat和lon。

要求

编写解决方案报告 2016 年 (tiv_2016) 所有满足下述条件的投保人的投保金额之和：

他在 2015 年的投保额 (tiv_2015) 至少跟一个其他投保人在 2015 年的投保额相同。
他所在的城市必须与其他投保人都不同（也就是说 (lat, lon) 不能跟其他任何一个投保人完全相同）。

tiv_2016 四舍五入的两位小数。

知识点

count()：统计个数的函数。
round()：四舍五入的函数。
group by：根据某些字段分组。
having：对分组后的结果进行限制。
in：将字段的值限制到某个集合内。

思路

从要求中可以看出，本题对原表Insurance的数据有两个限制。

第一个限制很好解决，只需要让2015年的投保额tiv_2015在表中出现一次以上即可，这就要统计每个tiv_2015出现的次数，然后筛选出tiv_2015出现次数超过1次的值，接着将表Insurance的tiv_2015限制到(in)出现次数超过1次的tiv_2015中。

第二个限制需要思考一下，经度lon的范围为[-180, 180]，纬度lat的范围为[-90, 90]，所以可以给纬度lat乘1000，然后与经度lon相加，这样就会得到一个唯一的经纬度组合lat * 1000 + lon，每条数据都有这个唯一的经纬度组合。接着在表中统计只出现过一次的经纬度组合，将表Insurance的经纬度组合限制到(in)这些只出现过一次的经纬度组合中。

注意：官方题解中对第二个限制使用了concat()拼接函数，将lat, lon拼接起来，这种方式就不需要计算了。

代码

selectround(sum(tiv_2016), 2) tiv_2016
fromInsurance
wheretiv_2015 in (selecttiv_2015fromInsurancegroup bytiv_2015havingcount(*) > 1)
andlat * 1000 + lon in (selectlat * 1000 + lonfromInsurancegroup bylat, lonhavingcount(*) = 1)

438. 找到字符串中所有字母异位词

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438. 找到字符串中所有字母异位词

思路

要写出本题的答案，得先了解异位词的概念：异位词指由相同字母重排列形成的字符串（包括相同的字符串）。也就是说异位词不关心字符的顺序，只关心字符出现的次数，所以顺理成章地使用一个int[]统计字符出现的次数，由于s, p只含小写字符，所以只需要使用一个长度为26的int[]。

先使用int[] target统计目标字符串的字符情况，然后再使用int[] window统计 以原字符串第一个字符s.charAt(0)作为起始字符的窗口 的字符情况，统计完毕后将两个数组进行比较，如果一致，则说明 以原字符串第一个字符s.charAt(0)作为起始字符的窗口 是目标字符串的异位词，将窗口第一个字符的索引0加入结果链表。

之后滑动窗口，直到窗口滑动到字符串末尾。每次滑动窗口的之前，先去除窗口的第一个字符，然后再给窗口新增一个字符，接着判断这个窗口的字符情况是否与目标字符串的字符情况一致，如果一致，则记录更新后的窗口（即去除和增加字符后的窗口）的第一个字符的索引。

代码

class Solution {public List<Integer> findAnagrams(String s, String p) {char[] sC = s.toCharArray();char[] pC = p.toCharArray();int n = sC.length, m = pC.length;// 如果待匹配字符串的长度比目标字符串的长度小，则返回空集合if (n < m) {return new ArrayList<>();}// 先统计 以sC[0]开头的窗口 的字符 和 目标字符串 的字符List<Integer> res = new ArrayList<>();int[] window = new int[26]; // 用来统计窗口内的字符情况int[] target = new int[26]; // 用来统计目标字符串的字符情况for (int i = 0; i < m; i++) {target[pC[i] - 'a']++;window[sC[i] - 'a']++;}// 如果 窗口 和 目标字符串 的字符情况一样，则将0存入结果链表if (Arrays.equals(target, window)) {res.add(0);}// 滑动窗口，对每个子串进行判断for (int i = 0; i < n - m; i++) {window[sC[i] - 'a']--; // 移除窗口的第一个字符window[sC[i + m] - 'a']++; // 加入新字符// 如果 窗口 和 目标字符串 的字符情况一样，则将i + 1存入结果链表// 为什么是i + 1而不是i？因为此时已将索引为i的字符从窗口中移除了，窗口的第一个字符的索引为i + 1if (Arrays.equals(target, window)) {res.add(i + 1);}}return res;}
}

98. 验证二叉搜索树

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98. 验证二叉搜索树

合法区间

思路

判断一个二叉树是否是有效的二叉搜索树，就是判断它的每个节点是否满足左子节点的值小于父节点，右子节点的值大于父节点。可以使用两个值min, max记录一个节点的值的合法区间，左子节点的合法区间就是(父节点的min, 父节点的值)，右子节点的合法区间就是(父节点的值, 父节点的max)，注意：这里的区间都是开区间。初始的min为Long.MIN_VALUE、max为Long.MAX_VALUE，这表示根节点的值可以为任意值，不需要限制。

由于本题的测试样例比较特殊，所以min, max的类型不能是int，而是long。

二叉搜索树

例如上面这颗二叉树：
节点20的限制为(Long.MIN_VALUE, Long.MAX_VALUE)
节点10的限制为(Long.MIN_VALUE, 20)
节点5的限制为(Long.MIN_VALUE, 10)
节点15的限制为(10, 20)
节点30的限制为(20, Long.MAX_VALUE)
节点25的限制为(20, 30)
节点35的限制为(30, Long.MAX_VALUE)

代码

class Solution {public boolean isValidBST(TreeNode root) {return judge(root, Long.MIN_VALUE, Long.MAX_VALUE);}// 判断当前节点的值是否在限制的区间(min, max)内private boolean judge(TreeNode curr, long min, long max) {if (curr == null) { // 如果本节点为nullreturn true; // 则是合法的二叉搜索树}if (curr.val <= min || curr.val >= max) { // 如果当前节点的值不在区间内return false; // 则不是合法的二叉搜索树}return judge(curr.left, min, curr.val) // 判断左子树是否是合法&& judge(curr.right, curr.val, max); // 判断右子树是否合法}
}

中序遍历

思路

二叉搜索树的中序遍历是有特殊意义的，结果恰好为一个升序的数组。例如上面那张图中序遍历的结果为[5, 10, 15, 20, 25, 30, 35]。

对中序遍历不熟悉的可以看这篇文章：94. 二叉树的中序遍历。

故可以使用中序遍历求出当前值的前一个值，如果当前值不大于前一个值，那么这棵树就不是一个有效的二叉搜索树。

所以本解法的重点就是找前一个值，可以使用递归，先遍历左子树（遍历左子树的目的就是为了找前一个节点的值），然后再将本节点与前一个节点进行比较，接着更新前一个节点的值，再比较右子树，最后返回比较的结果。

代码

class Solution {private long prevVal = Long.MIN_VALUE; // 存储前一个节点的值public boolean isValidBST(TreeNode curr) {if (curr == null) { // 如果本节点为nullreturn true; // 则是合法的二叉搜索树}boolean left = isValidBST(curr.left); // 判断左子树是否是合法(遍历左子树，找前一个节点的值)if (!(curr.val > prevVal)) { // 如果当前节点的值 不大于 前一个节点的值return false; // 则不是合法的二叉搜索树}prevVal = curr.val; // 更新前一个节点的值，为右子树的比较做准备boolean right = isValidBST(curr.right); // 判断右子树是否合法(遍历右子树)return left && right; // 返回判断结果}
}