题解:CF1946D(Birthday Gift)

题解:CF1946D(Birthday Gift)

题目翻译:给定一个长度为 n n n 的数组 a a a 以及一个数 x x x,请找出最大 k k k,使得数组 a a a 可以被分成 k k k 个部分,并且将每个部分中所有元素异或起来的结果按位或,最终的结果小于等于 x x x

先观察题面,发现其中出现了两个位运算——按位异或和按位。它们有一个共同性质,就是在二进制下每一位之间互不干扰,因此我们可以按位分别考虑,因此,我们可以从左往右遍历每一个二进制位

我们知道,根据或运算的规则,只要这些段中某一个段内元素异或起来为 1 1 1,则最终的结果一定 1 1 1,换而言之,如果现在数组中这一位为 1 1 1 的数的数量为奇数(也就代表这一位的计算结果不可能 0 0 0),则最终结果一定为 1 1 1,此时,如果 x x x 的这一位为 0 0 0,则最终计算结果一定大于 x x x,所以我们的遍历需要到此为止,否则不需要进行任何操作,直接去往下一位;否则,即数量为偶数(代表着这一位的计算结果可能 0 0 0),此时如果 x x x 这一位为 1 1 1,我们可以尝试更新答案(具体怎样更新我们稍后再说),就是代表让这一位变成 0 0 0,前面的都与 x x x 相等,此时计算结果无论后面长什么样都一定小于 x x x,当然这并不意味着我们要停止遍历,因为我们还有另一种情况——就是这一位选择 1 1 1,从这一位到它左边全部和 x x x 完全相同,我们不对数组进行任何改变,只是进入下一位,否则也就是 x x x 这一位为 0 0 0,那么就只能想办法让计算结果变为 0 0 0,按照对于这一位分段的方法修改数组(如何分段和修改也是稍后再讲)。通过这种方式,求出答案即可,注意如果一次答案更新都没有,就说明答案应该是 − 1 -1 1。并且,我们不难发现,这种方法没有考虑恰好等于 x x x 的情况,因此我们先要让 x++,再进行一系列操作。

剩下的就是更新答案分段修改了。因为我们要让 k k k 最大,也就是让越少的元素被合并越好,因此我们的分段方发如下:将所有的对应位为 1 1 1 的数分别编号, 2 n 2n 2n 号和 2 n + 1 2n+1 2n+1 号中间(包含左右端点)的元素被分到一组,剩余的不进行合并(这就是更新答案和分段的方案)。因为这样合并恰好让两个 1 1 1 排在最左侧和最右侧,因此这一段不可以再进行任何拆分,也就是说这一段的所有点可以视为一个点,这个点的值就是这一段中所有点异或起来的结果。用这种方式进行修改数组。

在实现过程中,位数用到 0 0 0 30 30 30 就可以了,并且我们可以用 ((a[j]>>i)&1)==1 来判断 a j a_j aj 的第 i i i 位是否为 1 1 1

Come on!代码走起!

#include<bits/stdc++.h>
#define N 110000
using namespace std;
int t,n,x,a[N];
int b[N];
int main(){scanf("%d",&t);while(t--){scanf("%d%d",&n,&x),x++;for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);int ans=-1,cnt;for(int i=30;i>=0;i--){cnt=0;int zt=0;for(int j=1;j<=n;j++){if(zt==0)cnt++,b[cnt]=a[j];else b[cnt]^=a[j];if(((a[j]>>i)&1)==1)zt^=1;}if(((x>>i)&1)==1&&zt==0)ans=max(ans,cnt);else if(((x>>i)&1)==0&&zt==1)break;else if(((x>>i)&1)==0&&zt==0){n=cnt;for(int j=1;j<=cnt;j++)a[j]=b[j];}}printf("%d\n",ans);}return 0;
}

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