第1题：和数

给定一个正整数序列，判断其中有多少个数，等于数列中其他两个数的和。 比如，对于数列1 2 3 4, 这个问题的答案就是2, 因为3 = 2 + 1, 4 = 1 + 3。
时间限制：10000
内存限制：65536
输入
共两行，第一行是数列中数的个数n ( 1 <= n <= 100)，第二行是由n个不大于10000的正整数组成的数列，相邻两个整数之间用单个空格隔开。
输出
一个整数，即数列中等于其他两个数之和的数的个数。
样例输入
4
1 2 3 4
样例输出
2

要解决这个问题，我们可以使用两层循环来遍历数列中的元素，并在内层循环中检查当前元素是否等于其他两个元素的和。如果是，则将计数器加1。

下面是使用C语言编写的解题代码：

#include <stdio.h>int main() {int n;scanf("%d", &n);int arr[100];for (int i = 0; i < n; i++) {scanf("%d", &arr[i]);}int count = 0;for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = i + 1; j < n; j++) {for (int k = 0; k < n; k++) {if (k != i && k != j && arr[k] == arr[i] + arr[j]) {count++;break;}}}}printf("%d\n", count);return 0;
}

在上述代码中，我们首先读取输入的数列长度 n，然后读取数列中的元素并存储在数组 arr 中。

接下来，我们使用两层循环来遍历数列中的元素。外层循环控制第一个相加的数 arr[i]，内层循环控制第二个相加的数 arr[j]，其中 j 从 i+1 开始以避免重复计算。在内层循环中，我们使用另一个循环遍历数列中的元素 arr[k]，并检查是否存在一个不等于 arr[i] 和 arr[j] 的元素等于它们的和 arr[i] + arr[j]。如果存在，则将计数器 count 加1，并跳出内层循环。

最后，我们输出计数器 count 的值作为结果。

编译并运行上述代码可以解决该问题。你可以使用 C 语言编译器将代码保存为 .c 文件，然后编译并运行该文件来获取结果。

第2题：质数的和与积

两个质数的和是S，它们的积最大是多少?
时间限制：10000
内存限制：65536
输入
一个不大于10000的正整数S，为两个质数的和。
输出
一个整数，为两个质数的最大乘积。数据保证有解。
样例输入
50
样例输出
589

要解决这个问题，我们可以使用一个函数来判断一个数是否为质数。然后，我们可以从S开始递减，找到最大的两个质数使它们的和等于S，并计算它们的乘积。

下面是使用C语言编写的解题代码：

#include <stdio.h>
#include <stdbool.h>bool isPrime(int num) {if (num <= 1) {return false;}for (int i = 2; i * i <= num; i++) {if (num % i == 0) {return false;}}return true;
}int main() {int S;scanf("%d", &S);int maxProduct = 0;for (int i = S / 2; i >= 2; i--) {if (isPrime(i) && isPrime(S - i)) {maxProduct = i * (S - i);break;}}printf("%d\n", maxProduct);return 0;
}

在上述代码中，我们首先定义了一个函数 isPrime 来判断一个数是否为质数。该函数接收一个正整数 num，如果 num 小于等于1，则返回 false。否则，我们使用一个循环从2开始遍历到 num 的平方根，检查是否存在一个数能整除 num。如果存在，则 num 不是质数，返回 false。如果循环结束后仍未找到可以整除 num 的数，则 num 是质数，返回 true。

在主函数中，我们首先读取输入的和 S，然后从 S/2 开始递减到2。在每次迭代中，我们检查当前数 i 是否为质数，并且 S - i 也是质数。如果满足条件，则计算 i 和 S - i 的乘积，并将其赋值给 maxProduct。然后跳出循环。

最后，我们输出 maxProduct 的值作为结果。

编译并运行上述代码可以解决该问题。你可以使用 C 语言编译器将代码保存为 .c 文件，然后编译并运行该文件来获取结果。

第3题：爬楼

已知楼梯的数量，可以每次走2级或者3级，求不同的走法数
例如：楼梯一共有7级，一共3种方法：2 2 3或者 2 3 2 或者 3 2 2。
时间限制：1000
内存限制：65536
输入
输入包含若干行，每行包含一个正整数N，代表楼梯级数，1 <= N <= 50。 最后一行为0，表示测试结束。
输出
不同的走法数，每一行输入对应一行输出
样例输入
7
0
样例输出
3

要解决这个问题，我们可以使用递归来计算不同的走法数。每次递归，我们可以选择走2级或3级，直到达到目标楼梯级数。

下面是使用C语言编写的解题代码：

#include <stdio.h>int countWays(int n) {if (n == 0 || n == 1) {return 1;} else if (n == 2) {return 2;} else if (n == 3) {return 3;} else {return countWays(n - 2) + countWays(n - 3);}
}int main() {int N;while (1) {scanf("%d", &N);if (N == 0) {break;}int ways = countWays(N);printf("%d\n", ways);}return 0;
}

在上述代码中，我们定义了一个递归函数 countWays 来计算不同的走法数。该函数接收一个参数 n，代表当前楼梯级数。如果 n 为0或1，表示已经到达目标楼梯，返回1。如果 n 为2，表示剩余2级楼梯可以走2次，返回2。如果 n 为3，表示剩余3级楼梯可以走3次，返回3。否则，我们可以选择先走2级楼梯，然后递归计算剩余 n-2 级楼梯的走法数，或者选择先走3级楼梯，然后递归计算剩余 n-3 级楼梯的走法数。最后，将两种情况的走法数相加作为结果返回。

在主函数中，我们使用一个循环来读取输入的楼梯级数 N，如果 N 为0，则表示测试结束，跳出循环。否则，我们调用 countWays 函数计算不同的走法数，并将结果输出。

编译并运行上述代码可以解决该问题。你可以使用 C 语言编译器将代码保存为 .c 文件，然后编译并运行该文件来获取结果。

第4题：生成括号

Paul是一名数学专业的同学，在课余选修了C++编程课，现在他能够自己写程序判断判断一个给定的由’(‘和’)'组成的字符串是否是正确匹配的。可是他不满足于此，想反其道而行之，设计一个程序，能够生成所有合法的括号组合，请你帮助他解决这个问题。
时间限制：1000
内存限制：65536
输入
输入只有一行N，代表生成括号的对数(1 ≤ N ≤ 10)。
输出
输出所有可能的并且有效的括号组合，按照字典序进行排列，每个组合占一行。
样例输入
3
样例输出
((()))
(()())
(())()
()(())
()()()

要解决这个问题，我们可以使用递归来生成所有合法的括号组合。每次递归，我们可以选择放置一个左括号或右括号，但需要满足以下条件：左括号的数量不能超过N，右括号的数量不能超过左括号的数量。

下面是使用C语言编写的解题代码：

#include <stdio.h>void generateParentheses(int leftCount, int rightCount, int n, char* current, int index) {if (leftCount == n && rightCount == n) {current[index] = '\0';printf("%s\n", current);return;}if (leftCount < n) {current[index] = '(';generateParentheses(leftCount + 1, rightCount, n, current, index + 1);}if (rightCount < leftCount) {current[index] = ')';generateParentheses(leftCount, rightCount + 1, n, current, index + 1);}
}int main() {int N;scanf("%d", &N);char parentheses[20];generateParentheses(0, 0, N, parentheses, 0);return 0;
}

在上述代码中，我们定义了一个递归函数 generateParentheses 来生成所有合法的括号组合。该函数接收五个参数：leftCount 表示当前已放置的左括号的数量，rightCount 表示当前已放置的右括号的数量，n 表示括号的对数，current 是一个字符数组，用于存储当前的括号组合，index 表示当前要放置括号的位置。

在递归函数中，我们首先判断是否已经放置了 n 对括号（即左括号数量和右括号数量都等于 n）。如果是，则当前括号组合已经生成完毕，将 current 数组末尾设置为字符串结束符 \0，然后输出当前括号组合。

否则，我们可以选择放置一个左括号。在 current 数组的当前位置 index 放置一个左括号，并递归调用 generateParentheses 函数，同时将左括号的数量加1。

然后，我们检查是否可以放置一个右括号。只有当已放置的右括号数量小于当前已放置的左括号数量时，我们才可以放置一个右括号。在 current 数组的当前位置 index 放置一个右括号，并递归调用 generateParentheses 函数，同时将右括号的数量加1。

在主函数中，我们首先读取输入的括号对数 N。然后，我们定义一个字符数组 parentheses 来存储括号组合，初始时为空。接下来，我们调用 generateParentheses 函数，并传入初始的左括号数量、右括号数量、括号对数、parentheses 数组和初始的位置索引。

编译并运行上述代码可以解决该问题。你可以使用 C 语言编译器将代码保存为 .c 文件，然后编译并运行该文件来获取结果。

第5题：铺砖

对于一个2行N列的走道。现在用12,22的砖去铺满。问有多少种不同的方式。
时间限制：3000
内存限制：131072
输入
整个测试有多组数据，请做到文件底结束。每行给出一个数字N，0 <= n <= 250
输出
如题
样例输入
2
8
12
100
200
样例输出
3
171
2731
845100400152152934331135470251
1071292029505993517027974728227441735014801995855195223534251

要解决这个问题，我们可以使用动态规划来计算不同的铺砖方式。我们可以定义一个数组 dp，其中 dp[i] 表示铺满一行长度为 2*i 的走道的不同铺砖方式数。

根据题目要求，我们可以有两种方式来铺满走道的一行：使用一块 1x2 的砖或者使用一块 2x2 的砖。

对于 dp[i]，我们可以考虑最后铺砖的方式是使用一块 1x2 的砖，这样我们需要在 dp[i-1] 的基础上铺上这块砖。或者考虑最后铺砖的方式是使用一块 2x2 的砖，这样我们需要在 dp[i-2] 的基础上铺上这块砖。因此，我们可以得到递推关系：dp[i] = dp[i-1] + dp[i-2]。

注意，初始情况下，当走道长度为0时，即 dp[0] = 1，表示不需要铺砖的方式数为1。

下面是使用C语言编写的解题代码：

#include <stdio.h>unsigned long long int dp[251] = {0};void calculateDP() {dp[0] = 1;dp[1] = 1;dp[2] = 3;for (int i = 3; i <= 250; i++) {dp[i] = dp[i - 1] + dp[i - 2];}
}int main() {calculateDP();int N;while (scanf("%d", &N) == 1) {printf("%llu\n", dp[N]);}return 0;
}

在上述代码中，我们首先定义一个数组 dp，用于存储不同的铺砖方式数。然后，我们定义了一个函数 calculateDP 来计算 dp 数组的值。在该函数中，我们通过遍历从 3 到 250 的走道长度，根据递推关系 dp[i] = dp[i-1] + dp[i-2] 计算不同的铺砖方式数。

在主函数中，我们首先调用 calculateDP 函数来计算 dp 数组。然后，我们使用一个循环来读取输入的走道长度 N，并输出对应的不同铺砖方式数 dp[N]。

编译并运行上述代码可以解决该问题。你可以使用 C 语言编译器将代码保存为 .c 文件，然后编译并运行该文件来获取结果。