文章目录
- 1. 题目
- 2. 解题
- 2.1 BFS
- 2.2 DFS
1. 题目
让我们一起来玩扫雷游戏!
给定一个代表游戏板的二维字符矩阵。
‘M’ 代表一个未挖出的地雷,
‘E’ 代表一个未挖出的空方块,
‘B’ 代表没有相邻(上,下,左,右,和所有4个对角线)地雷的已挖出的空白方块,
数字(‘1’ 到 ‘8’)表示有多少地雷与这块已挖出的方块相邻,
‘X’ 则表示一个已挖出的地雷。
现在给出在所有未挖出的方块中(‘M’或者’E’)的下一个点击位置(行和列索引),
根据以下规则,返回相应位置被点击后对应的面板:
- 如果一个地雷(‘M’)被挖出,游戏就结束了- 把它改为 ‘X’。
- 如果一个没有相邻地雷的空方块(‘E’)被挖出,修改它为(‘B’),并且所有和其相邻的方块都应该被递归地揭露。
- 如果一个至少与一个地雷相邻的空方块(‘E’)被挖出,修改它为数字(‘1’到’8’),表示相邻地雷的数量。
- 如果在此次点击中,若无更多方块可被揭露,则返回面板。
示例 1:
输入:
[['E', 'E', 'E', 'E', 'E'],['E', 'E', 'M', 'E', 'E'],['E', 'E', 'E', 'E', 'E'],['E', 'E', 'E', 'E', 'E']]
Click : [3,0]
输出:
[['B', '1', 'E', '1', 'B'],['B', '1', 'M', '1', 'B'],['B', '1', '1', '1', 'B'],['B', 'B', 'B', 'B', 'B']]
解释:
示例 2:
输入:
[['B', '1', 'E', '1', 'B'],['B', '1', 'M', '1', 'B'],['B', '1', '1', '1', 'B'],['B', 'B', 'B', 'B', 'B']]
Click : [1,2]
输出:
[['B', '1', 'E', '1', 'B'],['B', '1', 'X', '1', 'B'],['B', '1', '1', '1', 'B'],['B', 'B', 'B', 'B', 'B']]
解释:
注意:
输入矩阵的宽和高的范围为 [1,50]。
点击的位置只能是未被挖出的方块 ('M' 或者 'E'),这也意味着面板至少包含一个可点击的方块。
输入面板不会是游戏结束的状态(即有地雷已被挖出)。
简单起见,未提及的规则在这个问题中可被忽略。
例如,当游戏结束时你不需要挖出所有地雷,考虑所有你可能赢得游戏或标记方块的情况。
来源:力扣(LeetCode) 链接:https://leetcode-cn.com/problems/minesweeper
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2. 解题
2.1 BFS
class Solution {
public:vector<vector<char>> updateBoard(vector<vector<char>>& board, vector<int>& click) {if(board[click[0]][click[1]] == 'M')//点击的是地雷,直接标记X,结束{board[click[0]][click[1]] = 'X';return board;}vector<vector<int>> dir = {{1,0},{0,1},{-1,0},{0,-1},{1,1},{-1,-1},{1,-1},{-1,1}};int m = board.size(), n = board[0].size();int i, j, x, y, k, count;queue<vector<int>> q;q.push(click);vector<vector<bool>> visited(m,vector<bool>(n,false));//访问标记visited[click[0]][click[1]] = true;while(!q.empty()){i = q.front()[0];j = q.front()[1];q.pop();count = 0;for(k = 0; k < 8; ++k){x = i + dir[k][0];y = j + dir[k][1];if(x>=0 && x<m && y>=0 && y<n && board[x][y]=='M')count++;//8个方向有几颗地雷}if(count == 0)//地雷为0,需要周围的都加入队列,去检查是否继续翻开{board[i][j] = 'B';//中间标记为Bfor(k = 0; k < 8; ++k){x = i + dir[k][0];y = j + dir[k][1];if(x>=0 && x<m && y>=0 && y<n && !visited[x][y] && board[x][y]=='E'){q.push({x,y});visited[x][y] = true;}}}else{ //不为零,标记为数字board[i][j] = char('0'+count);}}return board;}
};
2.2 DFS
class Solution {vector<vector<int>> dir = {{1,0},{0,1},{-1,0},{0,-1},{1,1},{-1,-1},{1,-1},{-1,1}};int m,n;
public:vector<vector<char>> updateBoard(vector<vector<char>>& board, vector<int>& click) {if(board[click[0]][click[1]] == 'M'){board[click[0]][click[1]] = 'X';return board;}m = board.size(), n = board[0].size();vector<vector<bool>> visited(m,vector<bool>(n,false));visited[click[0]][click[1]] = true;dfs(board,click[0],click[1],visited);return board;}void dfs(vector<vector<char>>& board, int i, int j, vector<vector<bool>>& visited){int x, y, k, count = 0;for(k = 0; k < 8; ++k){x = i + dir[k][0];y = j + dir[k][1];if(x>=0 && x<m && y>=0 && y<n && board[x][y]=='M')count++;//8个方向有几颗地雷}if(count == 0)//地雷为0,需要周围的都加入队列,去检查是否继续翻开{board[i][j] = 'B';//中间标记为Bfor(k = 0; k < 8; ++k){x = i + dir[k][0];y = j + dir[k][1];if(x>=0 && x<m && y>=0 && y<n && !visited[x][y] && board[x][y]=='E'){visited[x][y] = true;dfs(board,x,y,visited);}}}else{ //不为零,标记为数字board[i][j] = char('0'+count);}}
};